2017年重庆市巴蜀中学中考物理二模试卷　一.选择题（每小题只有一个正确答案，共8小题，每小题3分，共24分）1．下列数据最接近实际的是（　　）A．九年级物理书的宽度约为19cmB．我国1元硬币的质量约为60gC．教室用日光灯电功率约为400WD．人正常呼吸一次的时间约为10s2．如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是（　　）A．手在屏幕上形成“手影”B．卢沟桥在水中形成“倒影”C．放大镜将文字放大D．小狗经小孔形成“倒立的像”3．下列说法中正确的是（　　）A．固体很难被拉长，是由于分子运动造成的B．炎热的夏天，在地面上洒水降温是利用了液化吸热C．一杯冰水混合物温度没有改变则其内能一定没变D．打开醋瓶的瓶盖后，屋里弥漫着醋味，这说明醋分子不停地运动4．无线充电是一种增加手机续航时间的方式，如图甲．其技术的原理是，电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电，如图乙．受电线圈处用到了图哪个实验的原理（　　）第34页（共34页）,A．B．C．D．5．在蹦床比赛中，运动员从空中落到蹦床上并将蹦床下压到最低位置的过程中（不计空气阻力的影响），下列说法正确的是（　　）A．运动员的惯性越来越大B．运动员的重力势能一直在减小C．运动员刚要接触到蹦床时速度最大D．蹦床被压到最低位置时，运动员受到的重力和支持力是一对平衡力6．如图，用水平拉力F拉上表面粗糙程度各处相同的物体A，使其在水平地面上匀速运动，当物体B静止不动时，与水平绳相连的弹簧测力计的示数不变．关于该状态，下列说法不正确的是（不计绳和弹簧测力计重）（　　）A．A对B的摩擦力为滑动摩擦力B．B对A的摩擦力方向水平向左C．B对A的摩擦力与水平拉力F的合力为零D．弹簧测力计对B的拉力等于于A对B的摩擦力7．如图，用滑轮组提升重物时，将重60N的物体在10s内匀速提升了3m，已知动滑轮重为10N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过程中正确的是（　　）第34页（共34页）,A．滑轮组的机械效率为60%B．绳子自由端拉力F的大小为30NC．提升物体的过程中所做额外功为60JD．绳子自由端拉力F的功率为21W8．如图甲是灯泡L和电阻R的I﹣U关系图象．将L和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙．若乙图中U1：U2=m，丙图中I1：I2=n，则下列关系式中正确的是（　　）A．m=nB．m＜nC．m＞nD．mn=1　二、填空作图题（本题共6个小题，每空、问1分，共12分）9．一节干电池电压为　　V；生活中安全用电的原则是：不接触低压带电体，不　　高压带电体．10．如图是2017年4月27日“天舟一号”和“天宫二号”成功对接的情景，对接后若以“天宫二号”为参照物，则“天舟一号”是　　的；天空二号在太空中10min可以绕地球飞行约4000km，则它的飞行速度约为　　km/h，所以它大致90min可绕地球一周．11．有些小汽车的尾部设计有“导流板”（形状是上平下凸，如图），高速行驶时，气流对导流板上表面的压强　　对导流板下表面的压强（选填“大于”、“等于”或“小于”），这样　　第34页（共34页）,（选填“增大”或“减小”）地面对汽车轮胎的摩擦力，从而使汽车的行驶更加平稳．12．如图，电源两端电压U=3V保持不变．当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P在AB中点时，电压表示数为U1，电流表示数为I1；当滑动变阻器滑片P移至B端时，电压表示数为U2，电流表示数为I2．当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器滑片P移至A端时，电流表示数为I3．已知：R2=1Ω，U1：U2=3：4，I2：I3=1：6．则I1：I2=　　，当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P在中点时，通电1min，电路消耗的电能是　　J．13．2017年5月5日14：00，借助两台强有力的喷气式发动机，国产C919大型客机在上海浦东国际机场滑行，加速，当升力大于自重时冲破薄雾腾空而起．飞行高度为3000m，试飞科目有匀速直线巡航飞行，缓慢推拉油门，三向脉冲操作，小范围滚转，小范围协调侧滑等．整个过程利用无线电装置将飞机内、外摄像头拍摄的飞机起落架和舱内画面及机身各个传感元件采集的数字信息传回到地面指控中心，实现了实时的数据跟踪与分析．飞机仔江苏省启东市上空持续飞行79min后成功降落，圆满完成飞行任务．值得重庆人民骄傲的是占全机身结构的30%左右的铝锂合金有我市西南铝业加工厂独家提供，有效的降低了飞机的重量，增加了飞机的使用寿命．C919的首飞成功标志着我国在商用飞机项目上获得了重大突破，举国人民无不感到欢欣与鼓舞．请指出与上述有关的物理现象，并指出对应的物理知识．（不得与示例重复）示例：物理现象：飞机获得升力；物理知识：空气流速越大，气压越小作答：物理现象：　　；物理知识：　　．第34页（共34页）,14．在某家庭电路中，开关S控制灯泡L．请在图中将开关S和灯泡L连接成照明电路．15．如图，F、F’是凸透镜的焦点，P、P’是2倍焦距处，请画出光线PA经经凸透镜后的出射光线．　三、实验探究题（每空1分，共22分）16．小安在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，蜡烛在光屏上成清晰的像．如图．请结合此实验完成下列问题：①如图所示的实验现象能够说明　　的成像特点．（选填选项前的字母）A、照相机B、幻灯机C、放大镜D、潜望镜②保持透镜在50cm刻度线处不动，将点燃的蜡烛放在光具座上28cm刻度线处，为了在光屏上得到清晰的像，应进行的操作及光屏上像的大小变化情况是　　．（选填选项前的字母）A、光屏左移，像变小B、光屏右移，像变小C、光屏左移，像变大D、光屏右移，像变大③第34页（共34页）,保持如图蜡烛和凸透镜位置不动，把小安同学的眼镜取下来放在凸透镜的左侧，将光屏移到77cm处光屏上重新得到清晰地像．小芳同学是　　（选填“近”或“远”）视眼．17．如图甲，是李辉“探究冰块熔化规律”的实验，图乙是根据实验数据描绘出的该物质温度随时间变化的图象．①实验中使用的温度计是根据　　的原理制成的．②由图乙可知，该物质是　　（选填“晶体”或“非晶体”）．③如果物质在单位时间里吸收得热量相等，则物质在AB段的比热容　　（选填“大于”、“等于”或“小于”）物质在CD段的比热容．18．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验时，小丽提出如下猜想：猜想一：浮力的大小跟物体排开液体的体积有关；猜想二：浮力的大小跟液体的密度有关；猜想三：浮力的大小跟物体的密度有关．（1）小丽用重为3.2N的物体A做了如图甲、乙、丙的实验，该实验验证了猜想　　是正确的．实验中，物体A浸没时受到的浮力为　　N，方向　　，物体A的密度为　　kg/m3．（2）小丽验证猜想二时，根据测得的实验数据描绘出浮力与液体密度的关系图，她分析后发现，由于误将物体受到的拉力当做了浮力，导致图象甲未经过坐标原点．由此可推断：物体受到的浮力大小与液体密度的关系图象应该是　　（选填“甲”、“乙”或“丙”）．由此说明当其他条件相同时，物体受到的浮力大小与浸入的液体的密度成　　．第34页（共34页）,（3）为验证猜想三，小丽选用了与物体A密度不同的物体B进行实验，她将物体B逐渐浸入水中，容器中的水面上升至图示O位置时，弹簧测力计示数变为0，如图丁．取出物体B，小丽又将物体A缓慢浸入水中，她在水面上升到　　（选填“O点之上”、“O点”或“O点之下”）位置时，读取弹簧测力计的示数，以便判断浮力的大小与物体的密度是否有关．同组的其他同学认为小丽的这个实验在操作上有一定的难度，不容易控制并有明显的误差，并提出了多种改进意见，你认为合理的是　　．A、选两个质量相等，密度不同的实心物体，分别浸没在水中，比较浮力大小B、选两个体积相等，密度不同的实心物体，分别浸没在水中，比较浮力大小C、选两个密度相等，体积不同的实心物体，分别浸没在水中，比较浮力大小．19．小华和小明在“测量小灯泡的额定功率”．器材如下：待测小灯泡（额定电压为3.8V）、电源（电压恒为6V）、滑动变阻器（20Ω1A）、开关各一只，导线若干．（1）他们将实验器材连接成了如图1电路，闭合开关后发现灯不亮，只有　　（选填“电流”或“电压”）表有示数．（2）小明想重新连接电路旁边的小华拦住他，认为不用重新连接，只需改动一根导线，即可使电路连接正确．请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线在原图上画出正确的接法．（3）电路连接正确后，小明开始实验．闭合开关电压表示数为2.2V，则应向　　（选填“A”或“B”）调节滑片，直至灯泡正常发光，电流表示数如图2，则小灯泡的额定功率为　　W．（4）在实验过程中小明和小华还发现，调节滑动变阻器滑片时，电压表的示数很难准确达到3.8V．经过讨论他们发现只要再（2）小问改接正确的电路上将电压表改接到　　两端，就能减小实验误差．改接后能减小实验误差的原因是　　．（5）小明和小华通过分析认为，如果增加已知阻值的定值电阻R0，只利用一只电流表，通过简单操作（开关S接“a”“b”各一次）就能测量小灯泡的额定功率．图3甲、乙是他们设计的两个电路图，其中能完成测量的是电路图　　（选填“甲”“乙”或“都可以”）．第34页（共34页）,（6）小明和小华还想探究“在电压一定的情况下，电流与电阻的关系”，于是将（2）小问改接正确的电路中的小灯泡换成阻值分别为10Ω、8Ω、6Ω、4Ω的四个定值电阻，其余连接均不变．在实验中，将4个定值电阻依次接入电阻，调节滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持某个值U0不变，为了能够顺利得到4组I、R数据，完成实验，该电压U0的取值范围是：　　．　四、计算题（6+8+8=22分）20．图甲是小灯泡L中的电流随它两端电压变化的图象．将小灯泡L接入图乙所示的电路中，电源两端电压为4V且不变，电阻R的阻值为40Ω．求：（1）只闭合开关S，小灯泡L实际消耗的电功率P．（2）闭合开关S和S1，电流表的示数I．第34页（共34页）,21．如图甲是电热水龙头，即开即热、冷热兼用．如图乙是它的电路原理图，R1、R2为电热丝，通过旋转手柄带动开关S在1、2、3之间接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间的切换．它的有关技术参数如表．求：（1）电热丝R1的阻值？（2）热水的功率看不清了，小明关闭了他家的其他用电器，当水龙头放热水时，正常工作3min，发现家中标有2000r/kW•h的电能表转动了420圈，则烧热水的功率是多少？（3）当S接2时，若水龙头进水口的温度为20℃，出水口的温度为30℃，1min出水2kg，此时该水龙头的电热效率？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]额定功率温水2000W热水额定电压220V第34页（共34页）,22．如图甲，水平地面上有一底面积为400cm2，重为2N的圆柱形容器（容器重和容器壁厚度不计），容器内盛有20cm深的水，一个量程选择合适的弹簧测力计下端用细线挂着一个边长为10cm的不吸水的正方体物块缓慢放入水中，物块的上表面与水面刚好相平，此时测力计示数为10N，如图乙．已知在一定范围内，弹簧受到的拉力每减少1N，弹簧的长度就缩短0.6cm．（g=10N/kg）求：（1）图甲中水对容器底部的压强是多少？（2）物体的密度是多少？（3）图乙中从容器内向外缓慢抽水，直至物块有一半浸在水中，此时容器对桌面的压强？　第34页（共34页）,2017年重庆市巴蜀中学中考物理二模试卷参考答案与试题解析　一.选择题（每小题只有一个正确答案，共8小题，每小题3分，共24分）1．下列数据最接近实际的是（　　）A．九年级物理书的宽度约为19cmB．我国1元硬币的质量约为60gC．教室用日光灯电功率约为400WD．人正常呼吸一次的时间约为10s【考点】J7：电功率；23：质量的估测；61：时间的估测；63：长度的估测．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．【解答】解：A、九年级物理书的宽度约为19cm，符合实际；故A正确；B、我国1元硬币的质量约为6g；故B错误；C、教室用日光灯电功率约为40W；故C错误；D、人正常呼吸一次的时间约为2s左右；故D错误；故选A．　2．如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是（　　）A．手在屏幕上形成“手影”B．卢沟桥在水中形成“倒影”第34页（共34页）,C．放大镜将文字放大D．小狗经小孔形成“倒立的像”【考点】AM：光的折射现象及其应用．【分析】解答此题从以下知识点入手：（1）光在同一均匀介质中沿直线传播．光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，凸透镜成像就是具体应用；【解答】解：A、手在屏幕上形成“手影是因为光是沿直线传播的，故A错误；B、水中出现“倒影”，属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理，故B错误；C、放大镜将文字放大是光的折射现象，故C正确；D、小狗经小孔形成“倒立的像”是因为光是沿直线传播的，故D错误．故选C．　3．下列说法中正确的是（　　）A．固体很难被拉长，是由于分子运动造成的B．炎热的夏天，在地面上洒水降温是利用了液化吸热C．一杯冰水混合物温度没有改变则其内能一定没变D．打开醋瓶的瓶盖后，屋里弥漫着醋味，这说明醋分子不停地运动【考点】GH：分子间的作用力；1K：蒸发及其现象；G6：温度、热量与内能的关系；GV：分子的运动．【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力和斥力；第34页（共34页）,（2）汽化有两种方式，蒸发和沸腾，汽化过程吸热；（3）物体吸热，温度不一定升高，如晶体熔化、液体沸腾等；（4）物质是由分子组成的，组成物质的分子不停地做无规则的运动．【解答】解：A、固体和液体很难被压缩是因为分子间存在很大的斥力，而不是由于分子运动造成的，故A错误；B、炎热的夏天在地面洒水降温，这是利用了水的蒸发吸热，与比热容无关，故B错误；C、物体吸收热量，内能增加，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程，吸热，内能增加但温度不变，故C错误；D、组成物质的分子不停地做无规则运动，打开醋瓶的瓶盖后，分子不断运动而扩散到空气中，所以鼻子很快就能闻到醋味，这说明了分子的无规则运动，故D正确．故选D．　4．无线充电是一种增加手机续航时间的方式，如图甲．其技术的原理是，电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电，如图乙．受电线圈处用到了图哪个实验的原理（　　）A．B．C．D．【考点】CP：电磁感应．【分析】无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器．在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答．【解答】解：第34页（共34页）,从题意中知道，手机背面的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；A、此图是研究电磁铁磁性强弱与电流的有无的关系的实验，故不符合题意；B、图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，不符合题意；C、图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，符合题意；D、图中给线圈通电，线圈会转动，说明通电导体受到磁场力的作用，不符合题意故选C．　5．在蹦床比赛中，运动员从空中落到蹦床上并将蹦床下压到最低位置的过程中（不计空气阻力的影响），下列说法正确的是（　　）A．运动员的惯性越来越大B．运动员的重力势能一直在减小C．运动员刚要接触到蹦床时速度最大D．蹦床被压到最低位置时，运动员受到的重力和支持力是一对平衡力【考点】6R：平衡力的辨别；6L：惯性；FN：动能和势能的大小变化．【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；（2）重力势能的大小与物体的质量和高度有关；（3）对运动员进行受力分析，结合能量的转化判断速度的大小；（4）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上．【解答】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，运动员的质量不变，所以惯性大小不变，故A错误；B、运动员从空中落到蹦床上并将蹦床下压到最低位置的过程中，高度一直减小，所以重力势能一直减小，故B正确；C、运动员刚要接触到蹦床时，还未受到蹦床的弹力，因此运动员仍会做加速运动，此时速度不是最大，故C错误；第34页（共34页）,D、蹦床被压到最低位置时，支持力（蹦床的弹力）大于运动员受到的重力，所以运动员会被向上弹起，由于重力和支持力大小不相等，所以它们不是一对平衡力，故D错误．故选B．　6．如图，用水平拉力F拉上表面粗糙程度各处相同的物体A，使其在水平地面上匀速运动，当物体B静止不动时，与水平绳相连的弹簧测力计的示数不变．关于该状态，下列说法不正确的是（不计绳和弹簧测力计重）（　　）A．A对B的摩擦力为滑动摩擦力B．B对A的摩擦力方向水平向右C．B对A的摩擦力与水平拉力F的合力为零D．弹簧测力计对B的拉力等于于A对B的摩擦力【考点】7D：摩擦力的大小．【分析】（1）当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力为滑动摩擦力；（2）一般情况下，滑动摩擦力的方向与物体运动的方向相反；（3）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，即合力为零．【解答】解：A、因为AB之间发生相对滑动，因此A对B的摩擦力为滑动摩擦力；故A正确；B、因为A在水平面上作匀速直线运动，因此A受到地面对A和B对A水平向左的摩擦力，则A对B的摩擦力水平向右；故B错误；C、B对A的摩擦力和水平地面对A的摩擦力与水平拉力F的合力为零，故C错误；D、由于B处于静止状态，因此B受到弹簧测力计的拉力等于A对B的摩擦力，并且二力是一对平衡力，大小相等；故D正确；故选AD．　7．如图，用滑轮组提升重物时，将重60N的物体在10s内匀速提升了3m，已知动滑轮重为10N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过程中正确的是（　　）第34页（共34页）,A．滑轮组的机械效率为60%B．绳子自由端拉力F的大小为30NC．提升物体的过程中所做额外功为60JD．绳子自由端拉力F的功率为21W【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；7!：滑轮组绳子拉力的计算；FF：功率的计算．【分析】由图可知，滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，不计绳重和摩擦，根据F=（G+G动）求出绳子自由端拉力F的大小，根据W=Fs求出拉力做的总功，利用P=求出绳子自由端拉力F的功率，根据W=Gh求出有用功，总功减去有用功即为提升物体的过程中所做额外功，利用η=×100%求出滑轮组的机械效率【解答】解：由图可知，n=2，则绳端移动的距离：s=nh=2×3m=6m；B、不计绳重和摩擦，绳子自由端拉力：F=（G+G动）=（60N+10N）=35N，故B错误；D、拉力做的总功：W=Fs=35N×6m=210J，绳子自由端拉力F的功率：P===21W，故D正确；C、有用功：W有=Gh=60N×3m=180J，提升物体的过程中所做额外功：W额=W总﹣W有=210J﹣180J=30J，故C错误；A、滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%≈85.7%，故A错误．故选D．　第34页（共34页）,8．如图甲是灯泡L和电阻R的I﹣U关系图象．将L和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙．若乙图中U1：U2=m，丙图中I1：I2=n，则下列关系式中正确的是（　　）A．m=nB．m＜nC．m＞nD．mn=1【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】图乙中，灯泡与电阻串联，U1：U2=m；图丙中，灯泡与电阻并联，I1：I2=n，分别根据串联电路的电压规律和并联电路的电压规律求得两电阻之比，然后即可得出结论．【解答】解：在图乙中，灯泡与电阻串联，电路中的电流相同，由欧姆定律I=可知，当电流相同时，电压与电阻成正比，又因为U1：U2=m，则==m，在图丙中，灯泡与电阻并联，各支路两端的电压相同，由欧姆定律I=可知，当电压相同时，电流与电阻成反比，又因为I1：I2=n，则==n，即：=，由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而减小，所以RL乙小于RL丙，所以：＜，即m＜，即mn＜1，故AD错误；由乙图可知，在电流相同时，U1＞U2，则U1：U2=m＞1，由于m＜，则n＜1，故m＞n，故C正确，B错误．故选C．　二、填空作图题（本题共6个小题，每空、问1分，共12分）第34页（共34页）,9．一节干电池电压为　1.5　V；生活中安全用电的原则是：不接触低压带电体，不　靠近　高压带电体．【考点】I1：电压；IV：安全用电原则．【分析】（1）要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；动力电压为380V；对人体安全的电压为不高于36V；（2）安全用电原则为：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．【解答】解：一节干电池的电压是1.5V；安全用电原则为：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．故答案为：1.5；靠近．　10．如图是2017年4月27日“天舟一号”和“天宫二号”成功对接的情景，对接后若以“天宫二号”为参照物，则“天舟一号”是　静止　的；天空二号在太空中10min可以绕地球飞行约4000km，则它的飞行速度约为　24000　km/h，所以它大致90min可绕地球一周．【考点】6A：速度的计算；52：参照物及其选择．【分析】（1）在判断物体的运动静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果改变，物体是运动的，如果不变，则物体是静止的．（2）根据v=算出平均速度．【解答】解：（1）在天宫二号与神舟十一号飞船对接完成后，以天宫二号为参照物，“天舟一号”飞船相对于天宫二号位置没有发生变化，所以是静止的；（1）天空二号的飞行速度约为：v===24000km/h．故答案为：静止；24000．　11．有些小汽车的尾部设计有“导流板”（形状是上平下凸，如图），高速行驶时，气流对导流板上表面的压强　大于　对导流板下表面的压强（选填“大于”、“等于”或“小于”），这样　增大　（选填“增大”或“减小”）地面对汽车轮胎的摩擦力，从而使汽车的行驶更加平稳．第34页（共34页）,【考点】8K：流体压强与流速的关系．【分析】（1）对于流体来说，流速大压强小，流速小压强大，故据此分析即可判断；（2）摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关．【解答】解：根据流体压强与流速的关系可知，高速行驶时，导流板上方空气流速慢、压强大，下方空气流速快、压强小，气流对导流板上表面的压强大于对导流板下表面的压强，这样增大压力的方式增大了地面对汽车轮胎的摩擦力，从而使汽车的行驶更加平稳．故答案为：大于；增大．　12．如图，电源两端电压U=3V保持不变．当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P在AB中点时，电压表示数为U1，电流表示数为I1；当滑动变阻器滑片P移至B端时，电压表示数为U2，电流表示数为I2．当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器滑片P移至A端时，电流表示数为I3．已知：R2=1Ω，U1：U2=3：4，I2：I3=1：6．则I1：I2=　3：2　，当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P在中点时，通电1min，电路消耗的电能是　270　J．【考点】IH：欧姆定律的应用；J3：电功的计算．【分析】先画出三种情况下的等效电路图，根据欧姆定律表示出图甲和图乙中电压表的示数即可求出两电路图中的电流之比，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压结合电流关系即可求出R1、R3的阻值关系，根据电阻的串联和欧姆定律表示出图乙中的电流，根据并联电路的电压和电路特点以及欧姆定律表示出图丙中的电流，根据I2：I3=1：6得出等式即可求出出R1、R3的阻值，根据W=t求出通电1min图甲中电路消耗的电能．【解答】解：当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P在AB中点时，等效电路图如图甲所示；第34页（共34页）,当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P移至B端时，等效电路图如图乙所示；当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器滑片P移至A端时，等效电路图如图丙所示：因为I=，且U1：U2=3：4，所以：===2×=，因为电源的电压不变，所以：===，解得：R3=2R1，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以图乙中的电流：I2====，因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以图丙中的干路电流：I3=+=+=+3A，由题知，I2：I3=1：6，所以I3=6I2，即：+3A=6×，解得：R1=1Ω，则R3=2R1=2×1Ω=2Ω，通电1min，图甲中电路消耗的电能：W=UI1t=t=×60s=270J．故答案为：3：2；270．第34页（共34页）,　13．2017年5月5日14：00，借助两台强有力的喷气式发动机，国产C919大型客机在上海浦东国际机场滑行，加速，当升力大于自重时冲破薄雾腾空而起．飞行高度为3000m，试飞科目有匀速直线巡航飞行，缓慢推拉油门，三向脉冲操作，小范围滚转，小范围协调侧滑等．整个过程利用无线电装置将飞机内、外摄像头拍摄的飞机起落架和舱内画面及机身各个传感元件采集的数字信息传回到地面指控中心，实现了实时的数据跟踪与分析．飞机仔江苏省启东市上空持续飞行79min后成功降落，圆满完成飞行任务．值得重庆人民骄傲的是占全机身结构的30%左右的铝锂合金有我市西南铝业加工厂独家提供，有效的降低了飞机的重量，增加了飞机的使用寿命．C919的首飞成功标志着我国在商用飞机项目上获得了重大突破，举国人民无不感到欢欣与鼓舞．请指出与上述有关的物理现象，并指出对应的物理知识．（不得与示例重复）示例：物理现象：飞机获得升力；物理知识：空气流速越大，气压越小作答：物理现象：　喷气式发动机　；物理知识：　力的作用是相互的　．【考点】2R：物理常识．【分析】可以从力的作用相互性、运动和力的关系、凸透镜成像规律、电磁波的应用、客机的材料特点等角度找出相关信息及对应的物理知识．【解答】解：物理现象：喷气式发动机；物理知识：力的作用是相互的；物理现象：匀速直线巡航飞行；物理知识：受到平衡力的作用；物理现象：飞机内、外摄像头拍摄的飞机起落架和舱内画面；物理知识：凸透镜成像规律的应用；物理现象：利用无线电装置将飞机内、外摄像头拍摄的飞机起落架和舱内画面及机身各个传感元件采集的数字信息传回到地面指控中心；物理知识：电磁波的应用；物理现象：有效的降低了飞机的重量；物理知识：体积一定的物体，质量与密度成正比．故答案为：喷气式发动机；力的作用是相互的．　第34页（共34页）,14．在某家庭电路中，开关S控制灯泡L．请在图中将开关S和灯泡L连接成照明电路．【考点】IO：家庭电路的连接．【分析】开关与灯泡串联；家庭电路中，为了安全，要将控制灯泡的开关接在火线上，灯泡另一端接在零线上．【解答】解：灯泡与开关串联，开关与火线相连，灯泡的另一端与零线相连．如图所示：　15．如图，F、F’是凸透镜的焦点，P、P’是2倍焦距处，请画出光线PA经经凸透镜后的出射光线．【考点】B6：透镜的光路图．【分析】根据凸透镜成像时，物体在二倍焦距处，所成的像是等大倒立的实像，像在二倍焦距处，所以过二倍焦距处的入射光线经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，由此画出折射光线．【解答】解：过二倍焦距处的入射光线的折射光线通过凸透镜另一侧二倍焦距处，如图所示：．　三、实验探究题（每空1分，共22分）第34页（共34页）,16．小安在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，蜡烛在光屏上成清晰的像．如图．请结合此实验完成下列问题：①如图所示的实验现象能够说明　A　的成像特点．（选填选项前的字母）A、照相机B、幻灯机C、放大镜D、潜望镜②保持透镜在50cm刻度线处不动，将点燃的蜡烛放在光具座上28cm刻度线处，为了在光屏上得到清晰的像，应进行的操作及光屏上像的大小变化情况是　D　．（选填选项前的字母）A、光屏左移，像变小B、光屏右移，像变小C、光屏左移，像变大D、光屏右移，像变大③保持如图蜡烛和凸透镜位置不动，把小安同学的眼镜取下来放在凸透镜的左侧，将光屏移到77cm处光屏上重新得到清晰地像．小芳同学是　近视　（选填“近”或“远”）视眼．【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；（2）根据物近像远像变大的特点分析，要使像变大，则应减小物距，并增大像距；（3）近视眼是凹透镜，对光线有发散作用．【解答】解：（1）如图所示，物距大于像距，此时成倒立缩小的实像，能够说明照相机的成像原理，故A符合题意；（2）保持透镜在50cm刻度线处不动，将点燃的蜡烛放在光具座上28cm刻度线处，此时物距减小，则像距变大，像变大，光屏也向右移．故D正确；（3）保持如图蜡烛和凸透镜位置不动，把小安同学的眼镜取下来放在凸透镜的左侧，将光屏移到77cm处光屏上重新得到清晰地像，说明此时的像距变大了，故该眼镜有发散作用，为凹透镜，能矫正近视眼．故答案为：（1）A；（2）D；（3）近视．　第34页（共34页）,17．如图甲，是李辉“探究冰块熔化规律”的实验，图乙是根据实验数据描绘出的该物质温度随时间变化的图象．①实验中使用的温度计是根据　液体热胀冷缩　的原理制成的．②由图乙可知，该物质是　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）．③如果物质在单位时间里吸收得热量相等，则物质在AB段的比热容　小于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）物质在CD段的比热容．【考点】1F：熔化和凝固的探究实验．【分析】（1）常用液体温度计是利用液体的热胀冷缩原理制成的；（2）从图象中辨别晶体与非晶体主要看这种物质是否有一定的熔点，即有一段时间这种物质吸热，但温度不升高，而此时就是这种物质熔化的过程．（3）结合热量公式Q=cm△t进行求解，由表格可知AB段和CD段的温度变化，从而可比较二者比热容关系．【解答】解：（1）实验中使用的温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的；（2）由图乙可知，BC段时这种物质吸热，但温度不再升高，说明此时物质达到了熔点，正在熔化，因此这种物质属于晶体；（3）由公式Q=cm△t得，c=，因为AB段和CD段物质的质量m相同，由图象知，升高的温度相同，都是4℃，加热时间之比为1：2，所以吸收的热量之比为，从而计算得比热容之比为，所以该物质在AB段的比热容小于CD段的比热容．故答案为：（1）液体热胀冷缩；（2）晶体；（3）小于．　18．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验时，小丽提出如下猜想：猜想一：浮力的大小跟物体排开液体的体积有关；第34页（共34页）,猜想二：浮力的大小跟液体的密度有关；猜想三：浮力的大小跟物体的密度有关．（1）小丽用重为3.2N的物体A做了如图甲、乙、丙的实验，该实验验证了猜想　一　是正确的．实验中，物体A浸没时受到的浮力为　2.2　N，方向　竖直向上　，物体A的密度为　1.45×103　kg/m3．（2）小丽验证猜想二时，根据测得的实验数据描绘出浮力与液体密度的关系图，她分析后发现，由于误将物体受到的拉力当做了浮力，导致图象甲未经过坐标原点．由此可推断：物体受到的浮力大小与液体密度的关系图象应该是　丙　（选填“甲”、“乙”或“丙”）．由此说明当其他条件相同时，物体受到的浮力大小与浸入的液体的密度成　正比　．（3）为验证猜想三，小丽选用了与物体A密度不同的物体B进行实验，她将物体B逐渐浸入水中，容器中的水面上升至图示O位置时，弹簧测力计示数变为0，如图丁．取出物体B，小丽又将物体A缓慢浸入水中，她在水面上升到　O点　（选填“O点之上”、“O点”或“O点之下”）位置时，读取弹簧测力计的示数，以便判断浮力的大小与物体的密度是否有关．同组的其他同学认为小丽的这个实验在操作上有一定的难度，不容易控制并有明显的误差，并提出了多种改进意见，你认为合理的是　B　．A、选两个质量相等，密度不同的实心物体，分别浸没在水中，比较浮力大小B、选两个体积相等，密度不同的实心物体，分别浸没在水中，比较浮力大小C、选两个密度相等，体积不同的实心物体，分别浸没在水中，比较浮力大小．【考点】8R：探究浮力大小的实验．【分析】（1）分析图1，观察变化量和不变量，得出探究的因素；在同种液体中，物体所受浮力与物体排开液体的体积有关，V排越大，浮力越大；根据物体完全浸没时测力计的示数，由F浮=G﹣F计算出完全浸没时所受的浮力；根据阿基米德原理求出物体的体积，根据密度公式求出物体的密度；（2）物体受到的浮力大小与液体密度有关，密度越大，浮力越大；第34页（共34页）,（3）在探究浮力大小是否与物体的密度有关时，需使物体排开液体的体积和液体的密度相同，物体的密度不同．【解答】解：（1）由图1知，物体浸在水中的体积不同，所受浮力不同，可知物体所受浮力与物体排开液体的体积有关，可验证猜想一；且浸在水中的体积越大，测力计的示数越小，即所受的浮力越大，可得在同种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；由图丙知，物体浸没时测力计的示数为1N，可知此时受到的浮力F浮=G﹣F=3.2N﹣1N=2.2N，浮力方向竖直向上；根据F浮=ρ水gV排，可知物体的体积为V=V排===2.2×10﹣4m3，物体的密度为ρ===≈1.45×103kg/m3．（2）物体受到的浮力大小与液体密度有关，密度越大，浮力越大，则拉力越小，故物体受到的浮力大小与液体密度的图象与拉力与密度图象是相反的，故选丙；由图象可知，当其他条件相同时，物体受到的浮力大小与浸入的液体的密度成正比；（3）要探究浮力与物体密度的关系，需使物体排开液体的体积相同，则应将物体A缓慢浸入水中，使水面上升到O点处，读取测力计的示数；在探究浮力大小是否与物体的密度有关时，需使物体排开液体的体积和液体的密度相同，物体的密度不同，故应选用体积相同、密度不同的两个物体，故选B．故答案为：（1）一；排开液体的体积越大；2.2；竖直向上；1.45×103；（2）丙；正比；（3）O点；B．　19．小华和小明在“测量小灯泡的额定功率”．器材如下：待测小灯泡（额定电压为3.8V）、电源（电压恒为6V）、滑动变阻器（20Ω1A）、开关各一只，导线若干．（1）他们将实验器材连接成了如图1电路，闭合开关后发现灯不亮，只有　电压　（选填“电流”或“电压”）表有示数．第34页（共34页）,（2）小明想重新连接电路旁边的小华拦住他，认为不用重新连接，只需改动一根导线，即可使电路连接正确．请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线在原图上画出正确的接法．（3）电路连接正确后，小明开始实验．闭合开关电压表示数为2.2V，则应向　B　（选填“A”或“B”）调节滑片，直至灯泡正常发光，电流表示数如图2，则小灯泡的额定功率为　1.14　W．（4）在实验过程中小明和小华还发现，调节滑动变阻器滑片时，电压表的示数很难准确达到3.8V．经过讨论他们发现只要再（2）小问改接正确的电路上将电压表改接到　滑动变阻器　两端，就能减小实验误差．改接后能减小实验误差的原因是　灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为6V﹣3.8V=2.2V，把电压表并联到滑动变阻器两端，电压表量程应选择0﹣3V，分度值为0.1V，故读数更精确　．（5）小明和小华通过分析认为，如果增加已知阻值的定值电阻R0，只利用一只电流表，通过简单操作（开关S接“a”“b”各一次）就能测量小灯泡的额定功率．图3甲、乙是他们设计的两个电路图，其中能完成测量的是电路图　甲　（选填“甲”“乙”或“都可以”）．（6）小明和小华还想探究“在电压一定的情况下，电流与电阻的关系”，于是将（2）小问改接正确的电路中的小灯泡换成阻值分别为10Ω、8Ω、6Ω、4Ω的四个定值电阻，其余连接均不变．在实验中，将4个定值电阻依次接入电阻，调节滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持某个值U0不变，为了能够顺利得到4组I、R数据，完成实验，该电压U0的取值范围是：　2V﹣2.4V　．【考点】JF：电功率的测量；IH：欧姆定律的应用；IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．【分析】（1）根据电流表和电压表的连接方式分析；（2）电流表应串联接入电路中；电压表应与并联接入电路中；（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据电流表的量程读出电流值，运用电功率公式计算额定功率．（4）根据串联电路的电压规律分析；（5）在没有电压表的情况下，定值电阻与电流表应起到测量电压的作用，故先将电流表与定值电阻串联，根据欧姆定律和并联电路电压的规律，移动滑片使灯正常工作，保持滑片位置不动，再通过开关的转换测灯与定值的总电流，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；（6）根据电流表量程，确定电路中的最大电流，由欧姆定律和串联电阻的规律求出变阻器连入电路的最小电阻；第34页（共34页）,根据串联电路电压的规律和分压原理，对变阻器连入电路的最小电阻和最大电阻分类讨论，从而确定电压表允许的取值范围．【解答】解：（1）由图可知，电压表串联接入了电路，电流表与灯泡并联在电路中，故此时电流表示数为0，电压表测量的是电源电压，电压表有示数；（2）由图可知，此时的电流表与灯泡并联在了电路中，电压表串联在电路中了，是错误的；电压表应并联到灯的两端；实物图如下所示：；（3）灯在额定电压下正常发光，电压表示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B移动，直到电压表示数为额定电压；图2中，电流表使用的是0～0.6A量程，分度值是0.02A；故电流表示数I=0.3A；小灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；（4）在串联电路中，电源电压等于各部分电压之和；灯泡的额定电压为3.8V，故电压表量程为0﹣15V，分度值为0.5V，故读数不精确；灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为6V﹣3.8V=2.2V，把电压表并联到滑动变阻器两端，当电压表示数为2.2V时，电压表量程应选择0﹣3V，分度值为0.1V，故读数更精确；（5）灯泡与电阻R0，并联在电路中，电压是相同的，当通过R0的电流与R0的阻值的乘积等于3.8V时，灯会正常发光；图3甲中，当s接b时，测的是R0的电流，通过移动滑片，使电流表示数为：I==，根据欧姆定律，R0的电压为3.8V，根据并联电路电压的规律，灯的电压为3.8V，灯正常工作；保持滑片位置不动，s接a时，电流表测量的是干路中的电流，因电路的连接没有改变，各电阻大小和电压大小都不变，通过灯与定值电阻的电流也不变，故根据并联电路电流关系可以求出灯泡的电流，根据P=UI能求出灯泡的额定功率，故图丙可以；图3乙中，s接a时，电流表不接入电路中，s接b时，测的是灯泡的电流，故无法测出R0的电流，不能求出电压，不能求出灯泡的额定功率，故图3乙不可以．第34页（共34页）,故选甲；（6）把四个电阻串联接入电路中，为了保护电流表，电路中的电流不能超过0.6A，故电路的最小电阻为：R小==10Ω，电路中接入4Ω的电阻时，滑动变阻器接入电路的最小电阻为：R'=R小﹣4Ω=6Ω；设电压表示数为U表，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压U滑=U﹣U表=6V﹣U表，根据分压原理：=，即﹣1=﹣﹣﹣﹣﹣①，因研究电流与电阻关系的实验中，要保持电压表示数不变，由①式得，方程左边为定值，当变阻器接入电路中的电阻最小为R'=6Ω时，对应的定值电阻最小为4Ω，代入①得，﹣1=，U表=2.4V，即定值电阻两端的最大电压为2.4V；同理，当滑动变阻器接入电路的电阻为20Ω时，对应的电阻最大为10Ω，代入①式得：﹣1=，U表=2V即定值电阻两端的最小电压为2V；故电压表的取值范围大小应满足2V≤U表≤2.4V．故答案为：（1）电压；（2）如上图；（3）B；1.14；（4）滑动变阻器；灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为6V﹣3.8V=2.2V，把电压表并联到滑动变阻器两端，电压表量程应选择0﹣3V，分度值为0.1V，故读数更精确；（5）甲；（6）2V﹣4V　四、计算题（6+8+8=22分）20．图甲是小灯泡L中的电流随它两端电压变化的图象．将小灯泡L接入图乙所示的电路中，电源两端电压为4V且不变，电阻R的阻值为40Ω．求：第34页（共34页）,（1）只闭合开关S，小灯泡L实际消耗的电功率P．（2）闭合开关S和S1，电流表的示数I．【考点】JE：实际功率；IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）画出当开关S闭合时，等效电路图，由小灯泡L中的电流随它两端电压变化的图象读出电流数据，根据P=UI可求得小灯泡L实际消耗的电功率；（2）当开关S和S1均闭合时，电阻与灯泡并联，根据欧姆定律求出流经灯泡的电流，然后根据并联电路的电流规律求得电流表的示数．【解答】解：（1）当开关S闭合时，等效电路如图所示．由小灯泡L中的电流随它两端电压变化的图象可知：当U=4V时，IL=0.5A因此，图中小灯泡L实际消耗的电功率P=UIL=4V×0.5A=2W；（2）当开关S和S1均闭合时，等效电路如下图所示．因为：IR==0.1A，又因为：灯L与电阻R并联，所以：I=IL+IR则：乙图中电流表的示数第34页（共34页）,I=IL+IR=0.5A+0.1A=0.6A．答：（1）只闭合开关S，小灯泡L实际消耗的电功率为2W．（2）闭合开关S和S1，电流表的示数为0.6A．　21．如图甲是电热水龙头，即开即热、冷热兼用．如图乙是它的电路原理图，R1、R2为电热丝，通过旋转手柄带动开关S在1、2、3之间接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间的切换．它的有关技术参数如表．求：（1）电热丝R1的阻值？（2）热水的功率看不清了，小明关闭了他家的其他用电器，当水龙头放热水时，正常工作3min，发现家中标有2000r/kW•h的电能表转动了420圈，则烧热水的功率是多少？（3）当S接2时，若水龙头进水口的温度为20℃，出水口的温度为30℃，1min出水2kg，此时该水龙头的电热效率？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]额定功率温水2000W热水额定电压220V【考点】JK：电功与热量的综合计算．【分析】（1）根据R1的功率和电压求解；（2）根据电能表的参数和转过的圈数求出消耗的电能，根据P=求出功率；（3）根据W'=Pt求出消耗的电能，根据Q=cm（t2﹣t1）求出水吸收的热量，根据η=求出效率．【解答】解；（1）由电路图可知，当只有R1接入电路时，电阻较大，功率较小，此时为保温档，则R1的电阻为：R1===24.2Ω；（2）由题意可知，烧热水时消耗的电能为：第34页（共34页）,W=kW•h=0.21kW•h；工作时间t=3min=h，则烧热水时的功率为：P===4.2kW=4200W；（3）当S接2时，只有R1接入电路，此时处于保温状态，则1min消耗的电能为：W'=P保温t=2000W×60s=1.2×105J；水吸收的热量为：Q=cm（t2﹣t1）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（30℃﹣20℃）=84000J；此时该水龙头的电热效率为：η===70%．答：（1）R1的电阻为24.2Ω；（2）烧热水的功率是4200W；（3）此时该水龙头的电热效率为70%．　22．如图甲，水平地面上有一底面积为400cm2，重为2N的圆柱形容器（容器重和容器壁厚度不计），容器内盛有20cm深的水，一个量程选择合适的弹簧测力计下端用细线挂着一个边长为10cm的不吸水的正方体物块缓慢放入水中，物块的上表面与水面刚好相平，此时测力计示数为10N，如图乙．已知在一定范围内，弹簧受到的拉力每减少1N，弹簧的长度就缩短0.6cm．（g=10N/kg）求：（1）图甲中水对容器底部的压强是多少？（2）物体的密度是多少？（3）图乙中从容器内向外缓慢抽水，直至物块有一半浸在水中，此时容器对桌面的压强？第34页（共34页）,【考点】86：压强的大小及其计算；2A：密度的计算；89：液体的压强的计算．【分析】（1）已知甲中水的深度，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强；（2）物块的上表面与水面刚好相平时排开水的体积和其体积相等，根据阿基米德原理求出物块受到水的浮力，根据F浮=G﹣F′求出物体的重力，根据ρ==求出物体的密度；（3）水的体积加上物体排开水的体积然后除以容器的底面积即为图乙容器内水的深度，根据阿基米德原理求出物块有一半浸在水中时受到的浮力，根据F浮=G﹣F′可知此时弹簧测力计的示数，进一步得出弹簧的拉力增加了量，根据题意求出弹簧的伸长量即物体下降的高度，进一步求出剩余部分水的深度以及剩余部分水的体积，根据m=ρV求出剩余的水的质量，根据G=mg求出剩余的水的重力，物块受到水的浮力和物块对水的压力是一对相互作用力，二力大小相等，则容器对桌面的压力等于容器和水的重力加上物体受到的浮力，根据p=求出容器对桌面的压强．【解答】解：（1）图甲中水对容器底部的压强：p甲=ρ水gh甲=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa；（2）物块的上表面与水面刚好相平时排开水的体积：V排=V=L3=（10cm）3=1000cm3=0.001m3，物块受到水的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.001m3=10N，由F浮=G﹣F′可得，物体的重力：G=F浮+F′=10N+10N=20N，物体的密度为：ρ====2×103kg/m3；（3）图乙容器内水的深度：第34页（共34页）,h乙===22.5cm，物块有一半浸在水中时，由F浮=ρgV排可知，F浮′=F浮=×10N=5N，由F浮=G﹣F′可知，此时弹簧测力计的示数：F″=G﹣F浮′=20N﹣5N=15N，即弹簧的拉力增加了5N，因在一定范围内，弹簧受到的拉力每减少1N，弹簧的长度就缩短0.6cm，所以，弹簧伸长了0.6cm/N×5N=3cm，即物体下降了3cm，而新的液面在物体高的中点位置，液面下降了3cm+5cm=8cm，剩余部分水的深度为22.5cm﹣8cm=14.5cm，剩余部分水的体积：V水剩=S容h剩﹣V=400cm2×14.5cm﹣×1000cm3=5300cm3，则剩余的水的质量：m水剩=ρ水V水剩=1.0g/cm3×5300cm2=5300g=5.3kg，剩余的水的重力：G水剩=m水剩g=5.3kg×10N/kg=53N，因物块受到水的浮力和物块对水的压力是一对相互作用力，二力大小相等，所以，容器对桌面的压力：F压=G容+G剩水+F浮=2N+53N+5N=60N，容器对桌面的压强：p===1500Pa．答：（1）图甲所示中水对容器底部的压强是2000Pa；（2）物体的密度为2×103kg/m3；（3）容器对桌面的压强为1500Pa．　2017年6月17日第34页（共34页）