2017年重庆市巴蜀中学中考物理一模试卷　一.选择题（8×3=24分）1．下列物理量的估测中，最接近实际的是（　　）A．上课铃声正常响一次的时间约3minB．学生用橡皮擦的质量约为100gC．常用电子手表电池的电压约为1.5VD．家用空调的正常工作电流约为0.5A2．如图所示的现象中，属于光的反射现象的是（　　）A．水中倒影B．日食形成C．小孔成像D．铅笔“折断”3．生活中的热现象随处可见，下列有关说法中正确的是（　　）A．早晨经常出现大雾，这是凝华现象B．揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白汽”，这是液化现象C．太阳出来后，花草上的露珠不见了，这是升华现象D．初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象4．如图的相关解释正确的是（　　）第33页（共33页）,A．甲图中有人触电时，应立即将他从用电器旁拉开B．乙图中的开关接在零线和灯头之间也是安全的C．丙图中的实验说明电流周围存在磁场D．丁图中的实验可以解释电动机的工作原理5．体育场上，蕴含很多的物理道理，如图所示，下面有关事例的描述中正确的是（　　）A．踢出的足球由于不受力，它将慢慢停下来B．体考时，扔出的实心球能继续前进是因为受到惯性作用C．排球运动到最高点时，重力势能最大，受到非平衡力的作用D．运动员举起杠铃站定时，运动员的重力和地面对运动员的支持力是一对平衡力6．如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，下列说法中正确的是（　　）第33页（共33页）,A．电阻R1、R2的连接方式为并联B．若R1短路，电流表示数将变为零C．若R2断路，电压表示数将变为零D．若R1大于R2，R1的电功率将大于R2的电功率7．如图甲所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端，定值电阻R1两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示，下列说法中正确的是（　　）A．R1的阻值为20ΩB．R2=20Ω时，电压表示数为4VC．该电路的最大功率为3.6WD．P在b端时，电阻R1的功率为0.5W8．如图，厚度不计的圆柱形容器放在水平面上，内装有水，上端固定的细线悬挂着正方体M（不吸水）竖直浸在水中，M有的体积露出水面，此时水的深度为11cm．已知容器底面积是200cm2，重为4N，正方体M边长为10cm，重20N；若从图示状态开始，将容器中的水缓慢抽出，当容器中水面下降了6cm时，细绳刚好被拉断，立即停止抽水．不计细绳体积与质量，下列说法不正确的是（　　）第33页（共33页）,A．如图未抽出水时，容器对水平面的压力为26NB．细绳所能承受的最大拉力为18NC．M最终静止后，水对容器底部的压强为900PaD．M最终静止后，M对容器底部的压强为1200Pa　二、填空作图题（本题共6个小题，14题作图2分，其余每空1分，共12分）9．在第一节电学课后，小张用自己实验箱内的毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带　　（选填“正”或“负”）电．不久他闻到了一股明显的毛皮的气味，这是因为摩擦后毛皮的温度升高，分子的无规则运动更　　（选填“剧烈”或“缓慢”）了．10．小红用3N的水平拉力拉着一个木块在水平桌面上匀速直线运动，木块所受的摩擦力大小为　　N；当拉力增大到5N时，木块所受的摩擦力大小　　（选填“变大”、“变小“或”不变”）．11．如图，小明的爸爸用600N的拉力使重1140N得物体在10s内匀速上升2m．小明的爸爸拉绳做功的功率　　W，体重为450N的小明也用此滑轮组提升同一物体，但物体没有被拉动，物体对水平地面的最小压力为　　N（不计摩擦与绳重）12．如图甲，电源电压恒定，电压表的量程都是0﹣15V，电流表的量程是0﹣0.6A，小灯泡两端的电压不许超过额定电压，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A．闭合开关，为了保证所有元件都安全，滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和a点间滑动，当滑片在这两点间滑动时，电流表示数随电压表的示数变化的如图，则灯泡的额定电流　　A，且滑片在最大阻值和a点时灯泡的功率之比为4：35，灯泡的额定功率为　　W．第33页（共33页）,13．2017年4月22日12时23分，天舟一号与天宫二号顺利完成自动交会对接，也是我国自主研制的货运飞船和空间实验室首次交会对接，这次任务的完成，标志着中国正式迈进“空间站时代”，如图甲是天舟一号经长征7号摇2运载火箭在海南文昌航天发射场发射升空的情景，图乙是天舟一号与天宫二号对接的情景．请找出一个与上面组图情景相关的物理现象，并指出对应的物理知识．（不得与示例重复）示例：物理现象：长征三号乙运载火箭发射升空时由静止变为运动；物理知识：力是改变物体运动状态的原因．作答：物理现象：　　；物理知识：　　．14．重为10N的木块静止在斜面上，画出木块的受力示意图．15．根据图中的折射光线作出相应的入射光线．　三、实验探究题（每空1分，共22分）16．君君对科学探究活动非常感兴趣，他经常在课后完成一些实验，下面是他进行的两次尝试．（1）在学习完物态变化相关知识后，他用图甲装置探究“水沸腾的特点”，水沸腾后，观察到温度计示数一直如图乙，则水的沸点是　　℃；可能原因是当底的大气压　　第33页（共33页）,（填“高于”、“低于”或“等于”）一个标准大气压；由此可总结出水沸腾的特点为需要　　（选填“吸收”或“放出”）热量，温度不变．（2）在学完凸透镜成像规律后，君君选择一块焦距未知的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究，为了测量凸透镜焦距，他让一束平行光正对射向该透镜，调节光屏位置直到在屏上得一个最小最亮的光斑．图丙是调节完成的状态，该透镜焦距　　cm；然后按如图丁，将蜡烛在光具座上A处，可在B处的光屏上看到清晰的实像．现将蜡烛从A向左移动距离s到C，为了在光屏上再次成清晰的像，则他应将光屏向　　移动，（选填“左”或“右”）且移动距离s'　　s．（选填“=”、“＜”或“＞”）17．小明和小红在实验室进行测量小灯泡电功率的实验，实验人员分别为他们准备了一套器材：电源（电压恒为6V）、“20Ω1A”的滑动变阻器、“3.8V电阻约8Ω”的小灯泡、电流表、电压表、开关，各一个，导线若干．（1）如图甲是小明设计的实验电路图，请用笔画线代替导线，将图乙的实物电路连接完整，要求滑片P向右移动时，电流表的示数要变小．（2）小明连接好电路后闭合开关，发现小灯泡没有发光，他应该　　．A、立即检查线路B、立即更换灯泡C、立即移动滑动变阻器滑片D、迅速观察两电表示数情况后再针对性处理（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为3.8V时，电流表示数如图丙，其读数是　　A，小明所测灯泡的额定功率是　　W．（4）由于小灯泡上标定的额定功率值看不清楚，小明咨询实验人员后知道应该是1.8W，为什么自己所测得数据偏小？小明仔细观察所用的小灯泡，在内壁有些发现，他回忆所学知识后找到了原因．小灯泡在频繁使用后，灯丝容易发生　　（选填“升华”或“凝华”）现象而的导致灯丝电阻变　　（选填“大”或“小”）．（5）小红在测量小灯泡额定电功率的实验中发现电压表的0﹣15V量程损坏，他马上想到可以将图甲电路图中的电压表改接在滑动变阻器两端继续实验，他的实验过程为：①连接好电路后，将滑片P置于滑动变阻器的　　位置（选填“左端”、“右端”、“中间偏左”或“中间偏右”），在闭合开关．②移动滑片P，当电压表示数为　　V时，记录电流表示数．③计算灯泡额定功率．第33页（共33页）,18．小华利用烧杯、天平、细绳、水，测量一块形状不规则小石块的密度．请将他的步骤补充完整并完成相关问题：（1）把托盘天平放在水平台上，将标尺上的游码移到标尺左端零刻度线处，再调节　　，使天平平衡．（2）用天平测量小石块的质量，天平再次平衡时，砝码和标尺上的游码如图，则小石块的质量m=　　g．（3）如图所示，A．往烧杯中加入适量的水，把小石块缓慢浸没在水中，在水面到达的位置做标记，然后测得烧杯、小石块和水的总质量m1=174g；B．取出小石块，测得烧杯和水的总质量为m2=121.2g；C．往烧杯中加水，直到　　，再测出此时烧杯和水的总质量为m3=142g．（4）按照上述数据计算小石块的密度时，小华认为有两种方案：方案一是根据m、m1、m3，算得小石块的密度为　　kg/m3，方案二是根据m、m2、m3，算得小石块的密度为　　kg/m3．不计细绳的影响，上述两种计算方案中，误差相差较小的方案是　　（选填“一”或“二”），若用另外一种方案计算，得出的结果将比准确值偏　　（选填“大”或“小”），具体原因是：　　．　四、计算题（6+8+8=22分）19．某校校车与学生的总质量为8000kg，该校车在某段平直公路上匀速行驶9km，用时15min．求：（1）在该路段，校车行驶的平均速度；（2）若车轮与地面的接触总面积为0.25m2，校车对水平地面的压强．第33页（共33页）,20．小明家购置了一台集加热和保温为一体的温热饮水机，其铭牌如下表所示．如图是饮水机的电路图，S是用感温材料制造的温控开关，R1是分压电阻，R2是供加热时的电阻丝．分析电路图可知，当S接通时，饮水机处于加热状态，当S断开时处于保温状态．（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大；（2）正常工作时该饮水机将最大容积的水从20℃加热到100℃，用时4min．求水吸收的热量和该饮水机加热状态时的效率；[C水=4.2×103J/（kg•℃）]（3）如果要使R2在保温状态时的功率是550W，求R1的阻值．21．如图装置是某物理兴趣小组设计的“电子浮力称”的原理图，电源电压恒为3V，L为电阻不计的LED工作指示灯，滑动变阻器R的最大值为10Ω，A端到B端的长度为10cm．一内底面积为300cm2的圆柱形容器放在水平面上，装有足量的水．水面漂浮有一外地面积为100cm2的圆柱形金属筒（上端开口，足够高），金属筒通过硬杆与滑片P连接在一起．金属筒只能在竖直方向移动，其下底面始终水平．滑片P，硬杆（MN，NE、NF）和金属筒的总质量为200g．为了能直接读出所称物体质量的大小，需将电压表的刻度改成对应的质量刻度．他们首先调整装置，当金属筒内不放入物体时，滑片P恰好在A端，即质量0g恰好对应电压表示数的0V．然后向金属筒内放入物体（金属筒是中漂浮且容器中的水未溢出），装置稳定后再计算出放入物体质量所对应的电压表示数，滑片P移动时受到的阻力、导线对硬杆MN的力、硬杆（MN，NE、NF）和金属筒的形变均忽略不计．闭合开关，求：（1）如图，金属筒内未放入物体时，电路中的电流为多少？（2）如图，金属筒内未放入物体时，金属筒受到的浮力为多少？（3）向金属筒内放入600g的物体后，对应的电压表示数为多少？第33页（共33页）,　第33页（共33页）,第33页（共33页）,2017年重庆市巴蜀中学中考物理一模试卷参考答案与试题解析　一.选择题（8×3=24分）1．下列物理量的估测中，最接近实际的是（　　）A．上课铃声正常响一次的时间约3minB．学生用橡皮擦的质量约为100gC．常用电子手表电池的电压约为1.5VD．家用空调的正常工作电流约为0.5A【考点】61：时间的估测；23：质量的估测；HG：电流的大小；I1：电压．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．【解答】解：A、中小学做一遍眼保健操的时间在3min左右，正常的上课铃声响一次的时间在30s左右．故A不符合实际；B、一枚一元硬币的质量约6g，一块橡皮擦的质量与此差不多，在6g左右．故B不符合实际；C、常用电子手表中的氧化银电池电压是1.5V．故C符合实际；D、家用空调的额定功率在1100W以上，正常工作电流不小于I===5A．故D不符合实际．故选C．　2．如图所示的现象中，属于光的反射现象的是（　　）A．水中倒影B．第33页（共33页）,日食形成C．小孔成像D．铅笔“折断”【考点】A6：光的反射；A3：光直线传播的应用；AM：光的折射现象及其应用．【分析】要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的．要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射．要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的．【解答】解：A、水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的．故本选项符合题意；B、日月食都是由于太阳、地球、月亮在同一直线上，若月亮在中间挡住太阳光便为日食；若地球在中间挡住太阳光，则为月食．日月食是由于光沿直线传播形成的．故本选项不符合题意；C、小孔成像属于光沿直线传播原理，故本选项不符合题意；D、铅笔“折断”如同插入水中的筷子在水面处“弯折”一样，是因为光从水中斜射入空气中时，发生折射，故本选项不符合题意．故选A．　3．生活中的热现象随处可见，下列有关说法中正确的是（　　）A．早晨经常出现大雾，这是凝华现象B．揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白汽”，这是液化现象C．太阳出来后，花草上的露珠不见了，这是升华现象D．初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象【考点】1M：液化及液化现象；1H：汽化及汽化吸热的特点；1R：生活中的凝华现象．【分析】判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化．【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷放热形成的，从气态变为液态，是液化现象，故A错误；第33页（共33页）,B、冰棒冒白气，白气是小液滴悬浮在空气中形成的，是由空气中的水蒸气遇到比较冷的冰棒形成的，是液化现象，故B正确；C、露珠是液态水滴，露珠不见了，是变成了气态水蒸气，属于汽化现象，故C错误；D、霜是空气中的水蒸气快速放热后凝华形成的固态小冰晶，故D错误．故选：B．　4．如图的相关解释正确的是（　　）A．甲图中有人触电时，应立即将他从用电器旁拉开B．乙图中的开关接在零线和灯头之间也是安全的C．丙图中的实验说明电流周围存在磁场D．丁图中的实验可以解释电动机的工作原理【考点】IV：安全用电原则；C9：通电直导线周围的磁场；CM：直流电动机的原理．【分析】（1）发现有人触电如果用手拉触电的人会发生触电事故；（2）家庭电路中开关应该接在用电器与火线之间；（3）通电导线周围存在磁场；（4）发电机是根据电磁感应现象制成的．【解答】解：A、有人触电就是直接或间接接触火线，人是导体，人体直接接触触电的人，也会发生触电事故，所以一定不要直接接触触电的人，故A错误．B、家庭电路中开关应该接在用电器与火线之间，若接在零线上，断开开关，用电器仍带电，容易发生危险，故B错误．C、丙图是奥斯特实验的原理凸，实验说明电流周围存在磁场，故C正确．D、丁图中的实验可以解释发电机的工作原理，故D错误．故选C．　5．体育场上，蕴含很多的物理道理，如图所示，下面有关事例的描述中正确的是（　　）第33页（共33页）,A．踢出的足球由于不受力，它将慢慢停下来B．体考时，扔出的实心球能继续前进是因为受到惯性作用C．排球运动到最高点时，重力势能最大，受到非平衡力的作用D．运动员举起杠铃站定时，运动员的重力和地面对运动员的支持力是一对平衡力【考点】6L：惯性；6R：平衡力的辨别；6U：力与运动的关系；FN：动能和势能的大小变化．【分析】A、力是使物体运动状态发生改变的原因，物体的运动状态发生了改变就是因为受到了力的作用．B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性．不是力．C、重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大．D、二力平衡的条件：作用在一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上．【解答】解：A、足球停下来是因为它受到了摩擦阻力的作用，是阻力改变了足球的运动状态，而不是由于不受力，它将慢慢停下来，故A错误；B、一切物体都具有惯性，足球离开脚由于惯性仍然继续前进，不是因为受到惯性作用，故B错误；C、排球运动到最高点时，重力势能最大，此时只受到重力的作用，因此是受非平衡力的作用，故C正确；第33页（共33页）,D、由作用力与反作用力可知地面对运动员的支持为杠铃和运动员的重力之和，故运动员受到的重力和地面对运动员的支持力不是一对平衡力．故D错误．故选C．　6．如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，下列说法中正确的是（　　）A．电阻R1、R2的连接方式为并联B．若R1短路，电流表示数将变为零C．若R2断路，电压表示数将变为零D．若R1大于R2，R1的电功率将大于R2的电功率【考点】JA：电功率的计算；H!：串联电路的电流规律；HT：串联电路和并联电路的辨别．【分析】（1）根据串联电路中用电器依次连接和并联电路中用电器并列连接判断电路的连接方式；（2）用电器短路时，被短路的用电器不工作，其它用电器可以工作；（3）电压表可以直接并联在电源两端测电源的电压；（4）根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R比较两电阻的电功率关系．【解答】解：A．由电路图可知，R1与R2依次连接，两电阻串联，故A错误；B．若R1短路，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，即电流表示数不为零，故B错误；C．若R2断路，电路断路，电压表串联在电路中测电源的电压，即电压表有示数，故C错误；D．因串联电路中各处的电流相等，由P=UI=I2R可知，R1大于R2时，R1的电功率将大于R2的电功率，故D正确．故选D．　7．如图甲所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端，定值电阻R1两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示，下列说法中正确的是（　　）第33页（共33页）,A．R1的阻值为20ΩB．R2=20Ω时，电压表示数为4VC．该电路的最大功率为3.6WD．P在b端时，电阻R1的功率为0.5W【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压．（1）由图甲所示电路可知，滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象读出电源的电压；（2）根据图象读出R2=20Ω时电压表的示数，根据串联电路的电压特点求出当滑动变阻器R2的阻值为20Ω时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电流，利用串联电路的电流特点建立等式即可求出定值电阻R1的阻值；（3）当滑片在a端时，电路中的电阻最小，电路的功率最大；再根据图象读出当滑动变阻器的滑片P在b端时电压表的示数，利用P=求出电路的最大功率和在b端时定值电阻R1的功率．【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压．（1）由图甲所示电路可知，滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压U=6V，（2）由图象可知，当滑动变阻器R2的阻值为20Ω时，电压表的示数为2V，故B错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当滑动变阻器R2的阻值为20Ω时，滑动变阻器两端的电压：U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得：=，即=，解得：R1=10Ω，故A错误；第33页（共33页）,（3）当滑片在a端时，电路中的电阻最小，电路的功率最大，P大===3.6W，故C正确；当滑动变阻器的滑片P在b端时，电压表的示数为1V，则定值电阻R1的功率：P1===0.1W，故D错误．故选C．　8．如图，厚度不计的圆柱形容器放在水平面上，内装有水，上端固定的细线悬挂着正方体M（不吸水）竖直浸在水中，M有的体积露出水面，此时水的深度为11cm．已知容器底面积是200cm2，重为4N，正方体M边长为10cm，重20N；若从图示状态开始，将容器中的水缓慢抽出，当容器中水面下降了6cm时，细绳刚好被拉断，立即停止抽水．不计细绳体积与质量，下列说法不正确的是（　　）A．如图未抽出水时，容器对水平面的压力为26NB．细绳所能承受的最大拉力为18NC．M最终静止后，水对容器底部的压强为900PaD．M最终静止后，M对容器底部的压强为1200Pa【考点】86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算；8O：阿基米德原理．【分析】（1）知道正方体M的边长可求其体积，若容器内没有物体M，先求出水的深度为11cm时水的体积，根据m=ρV求出这些水的质量，根据阿基米德原理可知物体M受到的浮力和排开水的重力相等，则未抽出水时容器内水和物体M的共同作用效果与上面那些水的作用效果相同，容器对水平面的压力等于它们的重力之和；（2）根据题意求出原来正方体M浸入水中深度，然后计算出水面下降6cm时正方体M浸入水中深度，进一步求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力，细绳能承受的最大拉力等于M的重力减去受到的浮力；第33页（共33页）,（3）根据体积公式求出正方体M的体积以及细绳刚好被拉断时容器内水的深度，先判断出物体M是否浸没，然后求出容器内水的深度，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强；（4）M最终静止后，先求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力，物体M的重力减去受到的浮力即为M对容器底部的压力，利用p=求出M对容器底部的压强．【解答】解：（1）物体M的底面积：SM=L2=（10cm）2=100cm2=0.01m2，若容器内没有物体M，水的深度为11cm时水的体积：V=S容h=200cm2×11cm=2200cm3，这些水的质量：m=ρ水V容=1.0g/cm3×2200cm3=2200g=2.2kg，因物体M受到的浮力和排开水的重力相等，所以，容器对水平面的压力F=G容+G水+F浮=G容+G水+G排，即：未抽出水时，容器内水和物体M的共同作用效果与2.2kg水的作用效果相同，则容器对水平面的压力：F=G容+mg=4N+2.2kg×10N/kg=26N，故A正确；（2）原来正方体M浸入水中深度：h1=（1﹣）L=×10cm=8cm，水面下降6cm时正方体M浸入水中深度：h2=h1﹣△h=8cm﹣6cm=2cm，则物体M排开水的体积：V排=SMh2=100cm2×2cm=200cm3=2×10﹣4m3，此时正方体M受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣4m3=2N，所以细绳能承受的最大拉力：F拉=G﹣F浮=20N﹣2N=18N，故B正确；（3）细绳刚好被拉断时，容器内水的深度：h3=h﹣△h=11cm﹣6cm=5cm，容器内剩余水的体积：V水剩=S容h3﹣V排=200cm2×5cm﹣200cm3=800cm3，当物体M恰好浸没时，需要水的体积：第33页（共33页）,V水=（S容﹣SM）L=×10cm=1000cm3＞800cm3，所以，细绳被拉断、M最终静止后，M没有浸没，则此时容器内水的深度：h4===8cm=0.08m，此时水对容器底部的压强：p=ρ水gh4=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa，故C错误；（4）M最终静止后，排开水的体积：V排′=SMh4=100cm2×8cm=800cm3=8×10﹣4m3，正方体M受到的浮力：F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣4m3=8N，M对容器底部的压力：F压=G﹣F浮′=20N﹣8N=12N，M对容器底部的压强：pM===1200Pa，故D正确．故选C．　二、填空作图题（本题共6个小题，14题作图2分，其余每空1分，共12分）9．在第一节电学课后，小张用自己实验箱内的毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带　负　（选填“正”或“负”）电．不久他闻到了一股明显的毛皮的气味，这是因为摩擦后毛皮的温度升高，分子的无规则运动更　剧烈　（选填“剧烈”或“缓慢”）了．【考点】H2：正电荷与负电荷；GV：分子的运动．【分析】摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移．温度越高，分子无规则运动越剧烈．【解答】解：用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强的得到电子，因多余电子带负电．摩擦后毛皮的温度升高，温度越高，分子无规则运动越剧烈．故答案为：负；剧烈．　10．小红用3N的水平拉力拉着一个木块在水平桌面上匀速直线运动，木块所受的摩擦力大小为　3　N；当拉力增大到5N时，木块所受的摩擦力大小　不变　（选填“变大”、“变小“或”不变”）．第33页（共33页）,【考点】6T：二力平衡条件的应用；7E：摩擦力大小的影响因素．【分析】（1）当物体做匀速直线运动时，处于平衡状态，受力平衡；（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关．【解答】解：由于木块在水平方向上做匀速直线运动，所以拉力与摩擦力是一对平衡力，所以摩擦力f=F=3N；当拉力增大后，因为木块对桌面的压力大小仍等于重力，没有变化；而且接触面的粗糙程度也不变，所以摩擦力大小不变．故答案是：3；不变．　11．如图，小明的爸爸用600N的拉力使重1140N得物体在10s内匀速上升2m．小明的爸爸拉绳做功的功率　240　W，体重为450N的小明也用此滑轮组提升同一物体，但物体没有被拉动，物体对水平地面的最小压力为　300　N（不计摩擦与绳重）【考点】FF：功率的计算；7!：滑轮组绳子拉力的计算；81：压力及重力与压力的区别．【分析】（1）由图知，承担物重的绳子股数n=2，拉力端移动的距离s=2h，利用速度公式求拉力端移动速度，再利用P===Fv求拉绳的功率；（2）根据小明爸爸的拉力F=（G+G动）求出动滑轮重，小明的最大拉力为F=G=450N，根据F=（F拉+G动）求出绳子对物体的拉力，则物体对地面的压力F压=F支=G﹣F拉．【解答】解：（1）由图知，n=2，拉力端移动的距离s=2h=2×2m=4m，拉力端移动速度：v===0.4m/s，小明爸爸拉绳的功率：P===Fv=600N×0.4m/s=240W；（2）不计摩擦及绳重，F=（G+G动），所以动滑轮重：第33页（共33页）,G动=2F﹣G=2×600N﹣1140N=60N，小明拉绳子时的最大拉力等于其重力，F′=G人=450N，由于F=（F拉+G动），所以绳子对物体的最大拉力：F拉=2F′﹣G动=2×450N﹣60N=840N，物体对地面的最小压力：F压=F支=G﹣F拉=1140N﹣840N=300N．故答案为：240；300．　12．如图甲，电源电压恒定，电压表的量程都是0﹣15V，电流表的量程是0﹣0.6A，小灯泡两端的电压不许超过额定电压，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A．闭合开关，为了保证所有元件都安全，滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和a点间滑动，当滑片在这两点间滑动时，电流表示数随电压表的示数变化的如图，则灯泡的额定电流　0.5　A，且滑片在最大阻值和a点时灯泡的功率之比为4：35，灯泡的额定功率为　3.5　W．【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片位于a点时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路中的电流最大，由小灯泡两端的电压不许超过额定电压可知，此时灯泡正常发光，根据图象读出电路的最大电流即灯泡的额定电流；（2）由图象得出滑片在最大阻值和a点时电路中的电流和滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点和P=UI得出灯泡实际功率的表达式，然后根据灯泡功率的比值，先求出电源的电压，然后即可利用P=UI求出灯泡的额定功率．【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）为了保证所有元件都安全，滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和a点间滑动，所以当滑片位于a点时，电路中的电流最大，此时灯泡正常发光，由图象可知，灯泡的额定电流I额=I最大=0.5A；第33页（共33页）,（2）由图象可知，当滑动变阻器滑片在阻值最大端时，I最小=0.2A，变阻器两端的电压U滑最大=11V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，则灯泡两端的实际电压U1=U﹣U滑最大=U﹣11V；则灯泡功率P1=U1I最小=（U﹣11V）×0.2A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①滑片位于a点时，I最大=0.5A；变阻器两端的电压U滑=6V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，则灯泡两端的实际电压U额=U2=U﹣U滑=U﹣6V；则P额=P2=U2I最大=（U﹣6V）×0.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②根据题干可知：=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③解①②③可得：U=13V，则P额=P2=U2I最大=（13V﹣6V）×0.5A=3.5W．故答案为：0.5；3.5．　13．2017年4月22日12时23分，天舟一号与天宫二号顺利完成自动交会对接，也是我国自主研制的货运飞船和空间实验室首次交会对接，这次任务的完成，标志着中国正式迈进“空间站时代”，如图甲是天舟一号经长征7号摇2运载火箭在海南文昌航天发射场发射升空的情景，图乙是天舟一号与天宫二号对接的情景．请找出一个与上面组图情景相关的物理现象，并指出对应的物理知识．（不得与示例重复）示例：物理现象：长征三号乙运载火箭发射升空时由静止变为运动；物理知识：力是改变物体运动状态的原因．作答：物理现象：　天舟一号与天宫二号顺利完成自动交会对接　；物理知识：　参照物　．【考点】2R：物理常识．【分析】判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的．否则是静止的．第33页（共33页）,【解答】解：由图乙可知，天舟一号与天宫二号在自动交会对接的过程中，以其中任何一个为参照物，另一物体是运动的．故答案为：天舟一号与天宫二号顺利完成自动交会对接；参照物．　14．重为10N的木块静止在斜面上，画出木块的受力示意图．【考点】6H：力的示意图．【分析】静止在斜面上的物体受到重力、摩擦力和支持力作用，然后过重心分别表示出三个力的方向．【解答】解：过重心作竖直向下的重力，并表明大小为10N；过重心作沿斜面向上的摩擦力，过重心作垂直于斜面向上的支持力．如图所示　15．根据图中的折射光线作出相应的入射光线．【考点】B6：透镜的光路图．【分析】仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凹透镜的光学特点作图．【解答】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；如下图所示：　第33页（共33页）,三、实验探究题（每空1分，共22分）16．君君对科学探究活动非常感兴趣，他经常在课后完成一些实验，下面是他进行的两次尝试．（1）在学习完物态变化相关知识后，他用图甲装置探究“水沸腾的特点”，水沸腾后，观察到温度计示数一直如图乙，则水的沸点是　98　℃；可能原因是当底的大气压　低于　（填“高于”、“低于”或“等于”）一个标准大气压；由此可总结出水沸腾的特点为需要　吸收　（选填“吸收”或“放出”）热量，温度不变．（2）在学完凸透镜成像规律后，君君选择一块焦距未知的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究，为了测量凸透镜焦距，他让一束平行光正对射向该透镜，调节光屏位置直到在屏上得一个最小最亮的光斑．图丙是调节完成的状态，该透镜焦距　10.0　cm；然后按如图丁，将蜡烛在光具座上A处，可在B处的光屏上看到清晰的实像．现将蜡烛从A向左移动距离s到C，为了在光屏上再次成清晰的像，则他应将光屏向　左　移动，（选填“左”或“右”）且移动距离s'　＜　s．（选填“=”、“＜”或“＞”）【考点】1O：探究水的沸腾实验；B7：凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）在进行温度计的读数时，注意其分度值；掌握水沸腾时吸热但温度保持不变的特点，水的沸点指水沸腾时的温度；根据液体沸点随气压的增大而升高的特点分析；水沸腾的特点是吸收热量，但温度不变；（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点．焦点到光心的距离是凸透镜的焦距；凸透镜成像时，当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小．当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小．由此可得出s′与s的关系．【解答】解：（1）由图知，温度计的分度值为1℃，其示数为98℃，低于100℃，所以当时气压小于1个标准大气压；水在加热过程中，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸收热量，温度不变；（2）让一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，这点是凸透镜的焦点，由图1可知：焦点到光心的距离是25.0cm﹣15.0cm=10.0cm，所以凸透镜的焦距是10.0cm；第33页（共33页）,由图可知，凸透镜位置不变，蜡烛向左移动，物距增大，像距减小，光屏向左移动才能接到清晰的像．当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小．当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小，因为物体向左移动，像也向左移动，所以物体移动的距离s小于像移动的距离s′．故答案为：（1）98；低于；吸收；（2）10.0；左；＞．　17．小明和小红在实验室进行测量小灯泡电功率的实验，实验人员分别为他们准备了一套器材：电源（电压恒为6V）、“20Ω1A”的滑动变阻器、“3.8V电阻约8Ω”的小灯泡、电流表、电压表、开关，各一个，导线若干．（1）如图甲是小明设计的实验电路图，请用笔画线代替导线，将图乙的实物电路连接完整，要求滑片P向右移动时，电流表的示数要变小．（2）小明连接好电路后闭合开关，发现小灯泡没有发光，他应该　D　．A、立即检查线路B、立即更换灯泡C、立即移动滑动变阻器滑片D、迅速观察两电表示数情况后再针对性处理（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为3.8V时，电流表示数如图丙，其读数是　0.4　A，小明所测灯泡的额定功率是　1.14　W．（4）由于小灯泡上标定的额定功率值看不清楚，小明咨询实验人员后知道应该是1.8W，为什么自己所测得数据偏小？小明仔细观察所用的小灯泡，在内壁有些发现，他回忆所学知识后找到了原因．小灯泡在频繁使用后，灯丝容易发生　升华　（选填“升华”或“凝华”）现象而的导致灯丝电阻变　小　（选填“大”或“小”）．（5）小红在测量小灯泡额定电功率的实验中发现电压表的0﹣15V量程损坏，他马上想到可以将图甲电路图中的电压表改接在滑动变阻器两端继续实验，他的实验过程为：①连接好电路后，将滑片P置于滑动变阻器的　右端　位置（选填“左端”、“右端”、“中间偏左”或“中间偏右”），在闭合开关．②移动滑片P，当电压表示数为　2.2　V时，记录电流表示数．③计算灯泡额定功率．第33页（共33页）,【考点】JF：电功率的测量；IA：影响电阻大小的因素．【分析】（1）要求滑片P向右移动时，电流表的示数要变小，确定变阻器的连接；（2）灯泡不发光，可能是电路断路，或灯泡短路，或电路电流太小灯泡实际功率太小不足以引起灯泡发光造成的；如果灯泡不发光，应先观察电表示数，根据电表示数先大致判断故障原因，然后再采取措施；（3）根据电流表小量程读数，由P=UI求功率；（4）根据升华的定义回答，根据影响电阻的因素，根据P=UI=，分析灯的功率变化；（5）根据串联电路的电压规律，当变阻器的电压为6V﹣3.8V=2.2V时灯正常发光分析回答．【解答】解：（1）要求滑片P向右移动时，电流表的示数要变小，即滑片右边电阻丝连入电路中，如下所示：（2）小明连接好电路后闭合开关，发现小灯泡没有发光，他应该先观察两电表示数情况再决定，故选D；（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为3.8V时，电流表示数如图丙，电流表选用小师生，分度值为0.02A，其读数是0.4A，小明所测灯泡的额定功率是P=UI=3.8V×0.4A=1.14W．（4）小灯泡在频繁使用后，灯丝容易发生升华现象而的导致灯丝变细，根据影响电阻大小因素，灯丝电阻变小，根据P=UI=，灯的功率变小；（5）实验过程：①连接好电路后，将滑片P置于滑动变阻器的右端位置，在闭合开关．②移动滑片P，当电压表示数为2.2V时，记录电流表示数．第33页（共33页）,③计算灯泡额定功率．故答案为：（1）如上所示；（2）D；（3）0.4；1.14；（4）升华；小；（5）①右端；②2.2．　18．小华利用烧杯、天平、细绳、水，测量一块形状不规则小石块的密度．请将他的步骤补充完整并完成相关问题：（1）把托盘天平放在水平台上，将标尺上的游码移到标尺左端零刻度线处，再调节　平衡螺母　，使天平平衡．（2）用天平测量小石块的质量，天平再次平衡时，砝码和标尺上的游码如图，则小石块的质量m=　52　g．（3）如图所示，A．往烧杯中加入适量的水，把小石块缓慢浸没在水中，在水面到达的位置做标记，然后测得烧杯、小石块和水的总质量m1=174g；B．取出小石块，测得烧杯和水的总质量为m2=121.2g；C．往烧杯中加水，直到　水面达到标记处　，再测出此时烧杯和水的总质量为m3=142g．（4）按照上述数据计算小石块的密度时，小华认为有两种方案：方案一是根据m、m1、m3，算得小石块的密度为　2.6×103　kg/m3，方案二是根据m、m2、m3，算得小石块的密度为　2.5×103　kg/m3．不计细绳的影响，上述两种计算方案中，误差相差较小的方案是　一　（选填“一”或“二”），若用另外一种方案计算，得出的结果将比准确值偏　小　（选填“大”或“小”），具体原因是：　把石块从水中取出时，石块上有附着的水，测得石块的体积偏大　．【考点】2M：固体的密度测量实验．【分析】（1）天平使用前的调节：将标尺上的游码移到标尺左端零刻度线处，再调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；（2）物体的质量等于砝码的质量与游码所对应的数值之和；（3）利用排水法测出石块的体积：石块的排水体积就是石块的体积；第33页（共33页）,（4）排水体积可通过求排水质量和水的密度求出；排水质量则是图中两次的质量之差．最后由密度公式求出小石块的密度．【解答】解：（1）调节天平横梁平衡时，先将标尺上的游码移到标尺左端零刻度线处，再调平衡螺母，直到指针指在分度盘的中央；（2）由图知，石块的质量m=50g+2g=52g．（3）利用排水法测出石块的体积，则往烧杯中加水，直到水面达到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量．（4）方案一：排开水的质量m排=m3﹣（m1﹣m）=142g﹣=20g，根据ρ=可得石块的体积：V=V排===20cm3，所以，石块的密度ρ===2.6g/cm3=2.6×103kg/m3．方案二：向烧杯中加入水的质量m排=m3﹣m2=142g﹣121.2=20.8g，根据ρ=可得石块的体积：V=V排===20.8cm3，所以，石块的密度ρ===2.5g/cm3=2.5×103kg/m3．方案二中，在把石块从水中取出时，石块上有附着的水，向烧杯中加水直到标记处，所加水的体积大于石块排开水的体积，测得石块的体积偏大，由密度公式可知，所测石块的密度偏小；所以，误差相差较小的方案是方案一．故答案为：（1）平衡螺母；（2）52；（3）水面达到标记处；（4）2.6×103；2.5×103；一；小；把石块从水中取出时，石块上有附着的水，测得石块的体积偏大．　四、计算题（6+8+8=22分）19．某校校车与学生的总质量为8000kg，该校车在某段平直公路上匀速行驶9km，用时15min．求：（1）在该路段，校车行驶的平均速度；（2）若车轮与地面的接触总面积为0.25m2，校车对水平地面的压强．【考点】86：压强的大小及其计算；6D：变速运动与平均速度．【分析】（1）已知校车行驶的路程和时间，利用v=计算速度；第33页（共33页）,（2）校车对水平地面的压力等于校车与学生的总重力，根据G=mg求出其大小，再根据p=求出校车对水平地面的压强；【解答】解：（1）校车行驶路程s=9km=9000m，行驶时间t=15min=15×60s=900s，行驶速度：v===10m/s；（2）水平地面受到的压力：F=G=mg=8000kg×10N/kg=8×104N，校车对地面压强：p===3.2×105Pa；答：（1）在该路段，校车行驶的平均速度为10m/s；（2）若车轮与地面的接触总面积为0.25m2，校车对水平地面的压强3.2×105Pa．　20．小明家购置了一台集加热和保温为一体的温热饮水机，其铭牌如下表所示．如图是饮水机的电路图，S是用感温材料制造的温控开关，R1是分压电阻，R2是供加热时的电阻丝．分析电路图可知，当S接通时，饮水机处于加热状态，当S断开时处于保温状态．（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大；（2）正常工作时该饮水机将最大容积的水从20℃加热到100℃，用时4min．求水吸收的热量和该饮水机加热状态时的效率；[C水=4.2×103J/（kg•℃）]（3）如果要使R2在保温状态时的功率是550W，求R1的阻值．【考点】JK：电功与热量的综合计算．【分析】（1）在加热状态下，饮水机正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出电路中的电流；（2）由表格数据可知饮水机的最大容积即为水的体积，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量，根据P=求出消耗的电能，利于η=×100%求出该饮水机加热状态时的效率；第33页（共33页）,（3）开关断开时，R1与R2串联，电路中的电阻最大，根据P=可知饮水机处于保温状态，根据P=求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式即可求出R1的阻值．【解答】解：（1）在加热状态下，由P=UI可得，饮水机正常工作时电路中的电流：I1===10A；（2）饮水机装满水时水的体积：V=1.5L=1.5dm3=1.5×10﹣3m3，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×=5.04×105J，由P=可得，饮水机消耗的电能：W=P加热t′=2200W×4×60s=5.28×105J，该饮水机加热状态时的效率：η=×100%=×100%≈95.5%；（3）开关闭合时，电路中为R2的简单电路，电路中的电阻最小，饮水机处于加热状态，由I=可得，R2的阻值：R2===22Ω，开关断开时，R1与R2串联，电路中的电阻最大，饮水机处于保温状态，由P=可得，此时R2两端的电压：U2===110V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压：U1=U﹣U2=220V﹣110V=110V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：第33页（共33页）,I2==，即=，解得：R1=22Ω．答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是10A；（2）水吸收的热量为5.04×105J，该饮水机加热状态时的效率约为95.5%；（3）R1的阻值为22Ω．　21．如图装置是某物理兴趣小组设计的“电子浮力称”的原理图，电源电压恒为3V，L为电阻不计的LED工作指示灯，滑动变阻器R的最大值为10Ω，A端到B端的长度为10cm．一内底面积为300cm2的圆柱形容器放在水平面上，装有足量的水．水面漂浮有一外地面积为100cm2的圆柱形金属筒（上端开口，足够高），金属筒通过硬杆与滑片P连接在一起．金属筒只能在竖直方向移动，其下底面始终水平．滑片P，硬杆（MN，NE、NF）和金属筒的总质量为200g．为了能直接读出所称物体质量的大小，需将电压表的刻度改成对应的质量刻度．他们首先调整装置，当金属筒内不放入物体时，滑片P恰好在A端，即质量0g恰好对应电压表示数的0V．然后向金属筒内放入物体（金属筒是中漂浮且容器中的水未溢出），装置稳定后再计算出放入物体质量所对应的电压表示数，滑片P移动时受到的阻力、导线对硬杆MN的力、硬杆（MN，NE、NF）和金属筒的形变均忽略不计．闭合开关，求：（1）如图，金属筒内未放入物体时，电路中的电流为多少？（2）如图，金属筒内未放入物体时，金属筒受到的浮力为多少？（3）向金属筒内放入600g的物体后，对应的电压表示数为多少？【考点】IH：欧姆定律的应用；8P：浮力大小的计算．【分析】第33页（共33页）,（1）由图可知：指示灯与变阻器串联连入电路，由于指示灯电阻不计，则利用欧姆定律即可求出电路中的电流；（2）金属筒内未放入物体时，由于处于漂浮，则根据漂浮条件即可求出浮力；（3）向金属筒内放入600g的物体后，根据阿基米德原理求出金属筒排开水增加的体积，然后求出金属筒下降的高度，根据滑动变阻器的电阻与长度的关系即可求出RPA，利用欧姆定律求出电压表的示数．【解答】解：（1）金属筒内未放入物体时，由图知，指示灯与变阻器串联连入电路，由于指示灯电阻不计，则电路中的电流I===0.3A；（2）金属筒内未放入物体时，由于金属筒处于漂浮，则浮力F浮=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N；（3）向金属筒内放入600g的物体后，由于金属筒与物体仍处于漂浮状态，则此时F浮′=G+G物，所以，△F浮=F浮′=F浮=G+G物﹣G=G物，则由F浮=ρ液gV排和G=mg得：ρ水g△V排=m物g，所以，△V排===600cm3，由于金属筒内放入物体金属筒下降时，液面会同时升高，设物体下降的高度为h，液面升高的高度为h′，则：△V排=S筒（h+h′），△V排=（S容﹣S筒）S容h′，所以，h′===3cm，h′=﹣h′=﹣3cm=3cm，则RPA=×3cm=3Ω，由I=可知：电压表示数为UPA=IRPA=0.3A×3Ω=0.9V．答：（1）金属筒内未放入物体时，电路中的电流为0.3A；（2）如图，金属筒内未放入物体时，金属筒受到的浮力为2N；第33页（共33页）,（3）向金属筒内放入600g的物体后，对应的电压表示数为0.9V．　2017年5月23日第33页（共33页）