2016-2017学年重庆市渝中区巴蜀中学九年级（下）期中物理试卷一.单项选择题1．下列数据中最接近实际情况的是（　　）A．家用电冰箱的额定功率约为800WB．手托一个鸡蛋静止时，鸡蛋对手的力约10NC．大气作用在一个中学生大拇指指甲盖上的力约为1ND．把掉在地面上的物理课本从地面捡回桌面需克服课本重力做功约2J2．下列说法正确的是（　　）A．电流方向总是从电源正极到电源负极B．电路中只要有电源，就一定产生电流C．陶瓷碗、自行车轮胎是绝缘体，自身可以带电D．用丝绸摩擦过的玻璃棒具有吸引铁、钴、镍等物体的性质3．汽车在牵引力的作用下沿平直公路做匀速直线运动，下列判断中正确的是（　　）A．以汽车为参照物，司机是运动的B．汽车的牵引力和地面受到的摩擦力是一对平衡力C．如果汽车受到的力全部消失，那么汽车将会保持静止状态D．汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对相互作用力4．图所示的四种用具中，属于费力杠杆的是（　　）A．镊子B．钢丝钳C．核桃夹D．起子5．如图，电源电压为3V，当开关S闭合后，两只灯泡均发光，两表均有示数．过一段时间后，发现电压表示数为0，而电流表示数变大．造成这种情况的原因可能是（　　）第37页共37页,A．灯L1断路B．灯L2短路C．灯L1短路D．灯L2断路6．如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U﹣I”关系图象如图2所示．则下列判断正确的是（　　）A．电源电压为10VB．定值电阻R1的阻值为20ΩC．滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～10ΩD．变阻器滑片在中点时，电流表示数为0.3A7．如图所示，一轻质杠杆AB支在支架上，OA=20cm，G1为一边长为5cm的正方体，G2重为20N．当OC=10cm时，G1对地面的压强为2×104Pa．现用一水平拉力F使G2以2cm/s的速度向右匀速运动，则当G1对地面的压力为0时所经过的时间为（　　）A．25sB．30sC．35sD．40s第37页共37页,8．如图所示，一长方体木块浸没在底面积为200cm2装有水的柱形容器中，细线对木块的拉力为1N，剪断细线待木块静止时，水对容器底的压强为p1；将木块露出水面的部分切去，剩余木块静止时，木块仍有60cm3的体积露出水面，水对容器底的压强为p2．则p2比p1减小了（　　）A．20PaB．30PaC．50PaD．无法计算　二.填空题9．拔下吊扇（如图）的插头，在插头处接发光二极管，用手旋转叶片，发光二极管发光，这是　　现象．杜甫的名句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”中蕴含的物理道理是：气体流速越大的地方，压强　　（选填“越大”、“越小”或“不变”）．10．一个小朋友在蹦床上玩，从蹦床上跳起来到上升到最高点的过程中，该小朋友的重力势能　　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；到达最高点时，小朋友受到　　（选填“平衡力”或者“非平衡力”）的作用．11．如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放物体m，两者间有一条处于压缩状态的弹簧，整个装置相对地面静止．则m受到的摩擦力向　　（选填“左”或者“右”）；地面对M　　（选填“有”或者“无”）摩擦力的作用．第37页共37页,12．如图所示电路，灯L标有“3V0.9W”，R上标有“50Ω1A”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，电源电压为4.5V．为保证电路中各元件正常工作，滑动变阻器接入电路的最小阻值为　　Ω，此时灯泡的实际功率为　　W．13．如图甲所示，柱状容器内放入一个体积大小为160cm3的长方体木块且容器足够高，现不断向容器内注入水，并记录木的总体积V和所对应的水的深度h，V和h的对应关系如图乙所示．则长方体木块的底面积S1为　　cm2，物体的密度为　　kg/m2．14．（1分）如图，在图中作出使杠杆在图示位置平衡的最小的力．15．（1分）如图所示，标出通电螺线管的N、S极．　三.实验探究第37页共37页,16．（6分）在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某同学用如图所示的同一滑轮组分别做了三次实验，实验数据记录如下：（1）表中编号①处数据应为　　，编号②数据应为　　；（2）在实验操作中应该　　拉动弹簧测力计；（3）若弹簧测力计移动21cm，则物体移动　　cm．实验次数钩码重/N钩码上升的距离/cm弹簧测力计的渎数/N弹簧测力计上升的距离/cm机械效率1280.82483.3%2451.515①365②1590.9%（4）根据表中实验数据，你　　（选填“能”、“不能”）计算出图中动滑轮的重力．（5）进一步分析数据，可知用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功将　　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）17．（8分）黎黎同学配制了一定浓度的盐水，棒妈妈筛选出饱满的种子，她想知道所配制出的盐水密度，就用天平和量筒来进行测量．（1）把天平放在　　上，将　　　拨到标尺左端的零刻线处后，发现天平横梁左高右低，应将平衡螺母向　　调节，使天平平衡．（2）用调节好的天平测得空烧杯的质量m1；（3）把适量的盐水倒入量筒中，测得盐水体积V，如图甲所示；（4）把量筒中的盐水倒入烧杯中，测得烧杯和盐水的总质量m2，如图乙所示．根据图中数据，帮黎黎同学把表填写完整：空烧杯的质量m1/g量筒中盐水的体积V/cm3烧杯和盐水的总质量m2/g盐水的密度ρ/g•cm﹣3第37页共37页,30　　　　　　（5）以上方法测出的盐水密度值比真实值　　．（选填“偏大”或“偏小”）（6）黎黎同学发现混杂在种子中的小石块也同饱满的种子一起沉入了盐水底部，她想尽快知道石块的密度究竟有多大，就选了一块大小合适且与其材质相同的石块，巧妙利用图乙所示的天平状态，按以下的步骤测出了石块的密度．①用细线栓着石块浸没在盐水中（石块未接触烧杯底且盐水未溢出），天平的读数增大了△m1②将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的读数再增大了△m2；③石块密度的表达式ρ石=　　（用△m1，△m1及盐水密度ρ表示）18．（8分）小宜同学做“测量小灯泡电功率”的实验，电源电压恒定为6V，标有“2.5V”字样的待测小灯泡，正常发光时的电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的规格为“50Ω1A”．（1）请用笔画线代替导线将甲图中未完成的实物电路连接完整；（2）闭合开关后，移动滑片P至某一位置，电压表的示数如图乙所示，其示数为　　V，为了让小灯泡正常发光，小宜应该将变阻器滑片向　　（选填“左”或“右”）移动；第37页共37页,（3）小宜同学在实验中为了能得到比较准确的小灯泡的额定功率，改变接入电路的滑动变阻器的阻值，分别得到三组数据，如表：实验序号电压表示数/V电流表示数/A功率/W额定功率/W12.00.180.36P额==0.5622.50.240.5533.00.260.78你认为小宜求平均值得到额定功率的数据处理方法是　　（选填“正确”或“错误”）的，正确的测量结果是P额=　　W．（4）在某次调解中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了△R1，小灯泡的阻值变化了△R2，则△R1　　△R2（选填“＞”、“＜”或“=”）（5）另外一位同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在实验过程中，当A、B两点间的电阻有5Ω变为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是　　A、保持变阻器滑片不动B、将变阻器滑片适当左移C、将变阻器滑片适当右移D、将电池个数增加（6）在不更换其他器材的情况下，为能够完成实验，他更换的定值电阻R不能大于　　Ω．　四.论述计算题19．（6分）一辆小汽车在平直公路做匀速直线运动，所受阻力大小为3×103N，该车以20m/s的速度前进了1000m．问：（1）该辆汽车运行时间是多少？（2）该辆汽车的牵引力做了多少功？（3）该辆汽车的牵引力做功功率是多少？第37页共37页,20．（8分）某科技兴趣小组制作了一艘小潜水艇．为了测定该潜水艇的下潜深度，他们设计了如图甲所示的电路，其中电源电压U=12V；R0是阻值为20Ω的定值电阻；A为深度表，其实质是一只量程为0～100mA的电流表；R是一种压力传感器，它用于感应压力的受力面积为60cm2，且所能承受的压力足够大，其阻值R随压力F变化的关系如图乙所示．已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg．问：（1）当该潜水艇浮在水面（压力传感器未浸入水中）时，电路中的电流多大？（2）图甲电路能测量的最大深度是多少米？（3）在不更换压力传感器的情况下，为了增大图甲电路所能'测量的最大深度，应对该电路怎样进行改进？（写出一种方法即可）第37页共37页,21．（8分）如图所示，一个质量为500g，底面积100cm2，高为15cm的圆柱体容器（容器壁的厚度忽略不计）放在水平桌面的中央，容器中装有1000cm3水，将一个重3N，高为10cm的实心长方体A挂在弹簧测力计上，然后竖直浸入水中，当物体A刚好浸没在水中时，弹簧测力计的读数为2N，（g取10N/kg）（1）求物体A受到的浮力；（2）求物体A的密度；（3）当物体A刚好浸没在水中时，容器对水平桌面的压强；（4）把刚好浸没在水中的物体A竖直往上缓慢提升4.5cm后，使物体A保持静止，则此时弹簧测力计的读数为多少牛？　第37页共37页,2016-2017学年重庆市渝中区巴蜀中学九年级（下）期中物理试卷参考答案与试题解析　一.单项选择题1．下列数据中最接近实际情况的是（　　）A．家用电冰箱的额定功率约为800WB．手托一个鸡蛋静止时，鸡蛋对手的力约10NC．大气作用在一个中学生大拇指指甲盖上的力约为1ND．把掉在地面上的物理课本从地面捡回桌面需克服课本重力做功约2J【考点】J7：电功率；86：压强的大小及其计算；EC：功的计算．【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法．【解答】解：A、家用电冰箱的功率约为120W，达不到800W，故A不合实际；B、手托一个鸡蛋静止时，鸡蛋对手的力等于鸡蛋的重力，约为1N，故B不合实际；C、大拇指指甲盖的面积约1cm2，大气对它的压力约为：F=PS=1×105Pa×1×10﹣4m2=10N，故C不合实际；D、物理课本约200g，桌面的高度接近1m，把掉在地面上的物理课本从地面捡回桌面，需克服课本重力做功约为：W=Fs=Gh=mgh=0.2kg×10N/kg×1m=2J，故D符合实际．故选D．【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法．　2．下列说法正确的是（　　）A．电流方向总是从电源正极到电源负极B．电路中只要有电源，就一定产生电流第37页共37页,C．陶瓷碗、自行车轮胎是绝缘体，自身可以带电D．用丝绸摩擦过的玻璃棒具有吸引铁、钴、镍等物体的性质【考点】HE：电流的方向；H1：物体带电现象；HI：有持续电流的条件；HK：绝缘体．【分析】（1）物理上规定正电荷定向移动的方向为电流方向，自由电子定向移动方向与电流方向相反；（2）在电路中有持续电流的条件：一是有电源提供电压，二是电路必须是闭合的．（3）不容易导电的物体叫绝缘体．绝缘体可能带电；（4）带电体具有吸引轻小物体的性质；磁体能够吸引铁钴镍等金属．【解答】解：A、在电源外部电流的方向从电源的正极到负极，在电源内部是从负极到正极，故A错误；B、电路中有电源，若电路是断开的，不会有电流，故B错误；C、陶瓷、自行车轮胎属于绝缘体，虽然不能导电，但可以带电（如通过摩擦使它带电）．故C正确；D、用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，可以吸引轻小物体，但不具有吸引铁钴镍的特性．故D错误．故选：C．【点评】此题是一道基础题，考查了带电体的特点、形成电流的条件、绝缘体的特点及电流方向，正确、全面理解基本规律是解答的关键．　3．汽车在牵引力的作用下沿平直公路做匀速直线运动，下列判断中正确的是（　　）A．以汽车为参照物，司机是运动的B．汽车的牵引力和地面受到的摩擦力是一对平衡力C．如果汽车受到的力全部消失，那么汽车将会保持静止状态D．汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对相互作用力【考点】6R：平衡力的辨别；52：参照物及其选择；6I：力作用的相互性；6J：牛顿第一定律．第37页共37页,【分析】（1）运动和静止是相对的，与选择的参照物有关；（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；（3）根据牛顿第一定律，判断如果汽车受到的力全部消失，汽车所处的运动状态；（4）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上．【解答】解：A、司机和汽车之间的相对位置不变，以汽车为参照物，司机是静止的，故A错误；B、汽车的牵引力和地面受到的摩擦力分别作用在汽车和地面上，不符合二力平衡的条件，故B错误；C、如果汽车受到的力全部消失，由于惯性，汽车会保持原来的运动状态做匀速直线运动，故C错误；D、汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力，分别作用在地面和汽车上，二者大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故D正确．故选D．【点评】本题重点考查了平衡力和相互作用力的区分，二者主要区别是否作用在同一个物体上，同时还考查了对运动与静止相对性和牛顿第一定律的理解，属于基础知识的考查，是力学中比较重点的知识．　4．图所示的四种用具中，属于费力杠杆的是（　　）A．镊子B．钢丝钳C．核桃夹D．起子【考点】7O：杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．第37页共37页,【解答】解：镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故选A．【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．　5．如图，电源电压为3V，当开关S闭合后，两只灯泡均发光，两表均有示数．过一段时间后，发现电压表示数为0，而电流表示数变大．造成这种情况的原因可能是（　　）A．灯L1断路B．灯L2短路C．灯L1短路D．灯L2断路【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】对于电路故障题我们可采用排除法去分析，一个选项一个选项去分析，看哪个选项会造成题中的现象．【解答】解：A、如果灯L1断路，则会造成电压表、L2和电流表串联，此时电压表有明显示数，几乎是电源电压，而电流表示数为零．故A不合题意；B、如果灯L2短路，电路中就只有灯L1发光，此时L1两端电压为电源电压，所以电压表示数会变，电流表示数变大．故B不合题意；C、如果灯L1短路，则电压表也会被短路，造成电压表无示数；此时电路中只有灯L2，电阻变小，电流变大．故C符合题意．D、如果灯L1、L2第37页共37页,都断路，则整个电路断路，电路中无电流，两表都无示数．故D不合题意．故选C．【点评】本题考查了根据电压表和电流表的示数变化情况，判断电路故障．要清楚当电压表、电流表、小灯泡这三个串联时发生的现象．　6．如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U﹣I”关系图象如图2所示．则下列判断正确的是（　　）A．电源电压为10VB．定值电阻R1的阻值为20ΩC．滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～10ΩD．变阻器滑片在中点时，电流表示数为0.3A【考点】IH：欧姆定律的应用；H!：串联电路的电流规律；I6：串联电路的电压规律；ID：滑动变阻器的使用．【分析】从“U﹣I”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；乙为电阻R1的图象，当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，电流相等，从图象可以看出，电流相等时为I=0.3A，滑动变阻器两端的电压为3V，电阻R1的电压为3V，电源电压为两电压之和，根据欧姆定律可求电阻R1的电阻和滑动变阻器的最大阻值，当滑片在中点时，滑动变阻器接入电路电阻为滑动变阻器总阻值的一半，和电阻R1串联，根据欧姆定律求出此时电路的电流．【解答】解：当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，干路电流最小：I=0.2A，电阻R1的电压U1=2V，滑动变阻器两端的电压U2=4V；第37页共37页,所以电源电压U=U1+U2=2V+4V=6V，故A错误．定值电阻R1的阻值为R1===10Ω，故B错误．滑动变阻器的阻值最大为R2===20Ω，所以滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～20Ω，故C错误．变阻器滑片在中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，此时R1、R2的阻值相同，分得的电压相同，从图上看，此时电流表的示数为I=0.3A．故选D．【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U﹣I”关系图象．　7．如图所示，一轻质杠杆AB支在支架上，OA=20cm，G1为一边长为5cm的正方体，G2重为20N．当OC=10cm时，G1对地面的压强为2×104Pa．现用一水平拉力F使G2以2cm/s的速度向右匀速运动，则当G1对地面的压力为0时所经过的时间为（　　）A．25sB．30sC．35sD．40s【考点】7R：杠杆的平衡分析法及其应用．【分析】（1）已知OA、OC和G2，由杠杆平衡条件求出G2在C点时，杠杆在A点受到的拉力，由压强公式的变形公式求出G1对地面的压力，然后对G1进行受力分析，由平衡条件求出G1的重力；（2）由杠杆平衡条件求出G1对地面压力为零时G2到支点的距离，然后由速度公式的变形公式求出G2的运动时间．【解答】解：（1）G2在C点时，由杠杆平衡条件得：FA×OA=G2×OC，即：FA×20cm=20N×10cm，第37页共37页,解得：FA=10N；物体与地面的接触面积：S=5cm×5cm=25cm2=0.0025m2；由p=得：物体G1对地面的压力：F=pS=2×104Pa×0.0025cm2=50N，地面对物体的支持力：F′=F=50N，G1受竖直向下的重力G1、地面的支持力F′、绳子的拉力FA作用，物体静止，处于平衡状态，由平衡条件得：G1=FA+F′=10N+50N=60N；（2）当G1对地面的压力为0时，杠杆在A点的受到的拉力FA′=G1=60N，设G2位于D点，由杠杆平衡条件得：FA′×OA=G2×OD，即：60N×20cm=20N×OD，解得：OD=60cm，物体G2的路程：s=OD﹣OC=60cm﹣10cm=50cm，由v=得：物体G2的运动时间：t===25s；故选A．【点评】本题难度较大，熟练应用杠杆平衡条件、压强公式的变形公式、速度公式的变形公式、平衡条件是正确解题的关键．　8．如图所示，一长方体木块浸没在底面积为200cm2装有水的柱形容器中，细线对木块的拉力为1N，剪断细线待木块静止时，水对容器底的压强为p1；将木块露出水面的部分切去，剩余木块静止时，木块仍有60cm3的体积露出水面，水对容器底的压强为p2．则p2比p1减小了（　　）第37页共37页,A．20PaB．30PaC．50PaD．无法计算【考点】89：液体的压强的计算；8O：阿基米德原理；8S：物体的浮沉条件及其应用．【分析】木块浸没时，受到重力、拉力和浮力平衡；剪断细线待木块静止时漂浮，重力与浮力平衡；由此根据阿基米德原理计算木块露出水面的体积；切去露出部分后木块仍漂浮，此时的重力与浮力平衡，根据漂浮条件计算出木块的体积，从而得到木块排开水体积，再由△V排=S△h计算水面下降高度，根据液体压强公式计算容器底部压强的变化大小．【解答】解：（1）当木块浸没时，受到重力、拉力和浮力平衡，即：F浮1=G+F拉，剪断细线待木块静止时木块漂浮在水面，重力与浮力平衡，F浮2=G，所以：F浮1﹣F浮2=F拉=1N，由阿基米德原理有：ρ水gV排1﹣ρ水gV排2=F拉，即：ρ水g（V排﹣V排′）=F拉，所以此时木块露出水面的体积：V露=V排1﹣V排2===10﹣4m3=100cm3；由阿基米德原理和重力公式有：ρ水gV排2=ρ木gV木，即：===…①（2）将木块露出水面的部分切去，剩余木块静止时仍漂浮，此时F浮3=G′，则：ρ水gV排3=ρ木gV木′，且V木′=V排2=V木﹣V露，V排3′=V排2﹣V露′，第37页共37页,所以：====由①②有：=，解得：V木=250cm3，V排2=V木﹣V露=250cm3﹣100cm3=150cm3，V排3′=V排2﹣V露′=150cm3﹣60cm3=90cm3，木块漂浮和切去露出部分水面下降，则：△V=△V排=V排2﹣V排3=150cm3﹣90cm3=60cm3，由△V=S△h，水面下降高度：△h===0.3cm，所以p2比p1减小量：△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3×10﹣2m=30Pa．故选B．【点评】本题考查了平衡力、漂浮条件以及阿基米德原理的应用，正确表示出三种情况下木块体积、排开水的体积和露出水面体积关系是关键．　二.填空题9．拔下吊扇（如图）的插头，在插头处接发光二极管，用手旋转叶片，发光二极管发光，这是　电磁感应　现象．杜甫的名句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”中蕴含的物理道理是：气体流速越大的地方，压强　越小　（选填“越大”、“越小”或“不变”）．【考点】CP：电磁感应；8K：流体压强与流速的关系．【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生电流，该现象称为电磁感应现象，发电机就是利用该现象制成的；第37页共37页,（2）流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小．【解答】解：（1）拔下吊扇的插头，在插头处接发光二极管，用手旋转叶片，发光二极管发光，这是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生电流，属电磁感应现象，是发电机的原理．（2）风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，将茅草吸上去．故答案为：电磁感应；越小．【点评】（1）发电机主要是由线圈和磁体组成的．电动机的主要组成部分也是线圈和磁体．它们的工作原理不同，工作时的能量转换不同；（2）本题考查了学生对流体压强跟流速的关系的了解与掌握，属于基础题目．　10．一个小朋友在蹦床上玩，从蹦床上跳起来到上升到最高点的过程中，该小朋友的重力势能　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；到达最高点时，小朋友受到　非平衡力　（选填“平衡力”或者“非平衡力”）的作用．【考点】FN：动能和势能的大小变化．【分析】（1）重力势能的大小与物体的质量和高度有关；（2）物体受到平衡力的作用时处于平衡状态；【解答】解：一个小朋友在蹦床上玩，从蹦床上跳起来到上升到最高点的过程中，该小朋友的质量不变，高度增加，所以重力势能增大；到达最高点时，小朋友只受到重力的作用，所以小朋友受到非平衡力的作用；故答案为：增大；非平衡力；【点评】此题考查了重力势能大小的影响因素和平衡状态的判断，是一道综合题．　11．如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放物体m，两者间有一条处于压缩状态的弹簧，整个装置相对地面静止．则m受到的摩擦力向　右　（选填“左”或者“右”）；地面对M　无　（选填“有”或者“无”）摩擦力的作用．第37页共37页,【考点】7G：摩擦力的方向；7F：摩擦力产生的条件．【分析】以整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对M有无摩擦力，再分别以m、M为研究对象，根据平衡条件研究它们受到的摩擦力．【解答】解：由题可知，两者间有一条处于压缩状态的弹簧，整个装置相对地面静止；以m为研究对象，压缩状态的弹簧对m有向左的弹力，由力的平衡条件可知，m受到向右的摩擦力；以整体为研究对象，物体在竖直方向受力平衡，整体静止在地面上，整体没有运动趋势，所以物体M没有受到地面对它的摩擦力．故答案为：右；无．【点评】本题主要考查摩擦力的方向及受力，有难度．　12．如图所示电路，灯L标有“3V0.9W”，R上标有“50Ω1A”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，电源电压为4.5V．为保证电路中各元件正常工作，滑动变阻器接入电路的最小阻值为　5　Ω，此时灯泡的实际功率为　0.9　W．【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．【分析】由P=UI计算灯泡正常工作的电流；由图知，L与R串联，根据灯泡、滑动变阻器的规格和电流表量程确定电路中最大电流，此时R连入阻值最小，由串联电路特点和欧姆定律计算R的最小值．灯泡中的电流等于额定电流时，其功率等于额定功率．【解答】解：已知L的额定电压和额定功率，由P=UI可得灯泡正常工作的电流：第37页共37页,I===0.3A；由图知，L与R串联，灯泡正常工作电流0.3A，滑动变阻器允许通过最大电流1A，电流表量程0﹣0.6A，串联电路中电流处处相等，所以电路中的最大电流为0.3A，此时R连入阻值最小，由串联电路特点和欧姆定律可得：R最小===5Ω，且此时R两端电压：UR=I最大R=0.3A×5Ω=1.5V＜3V，电压表安全．此时电路中的电流就等于灯泡正常工作电流，为0.3A，所以灯泡的实际功率就等于其额定功率，为0.9W．故答案为：5；0.9．【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的灵活应用，关键是根据电路特点判断电路的最大电流．并知道如何判断灯泡的实际功率．　13．如图甲所示，柱状容器内放入一个体积大小为160cm3的长方体木块且容器足够高，现不断向容器内注入水，并记录木的总体积V和所对应的水的深度h，V和h的对应关系如图乙所示．则长方体木块的底面积S1为　8　cm2，物体的密度为　0.75×103　kg/m2．【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；8O：阿基米德原理．【分析】（1）观察图象中数据可知，h从5﹣10cm，可求水的体积变化△第37页共37页,V=（S2﹣S1）△h=60cm3；h从18﹣21cm，水的体积变化△V′=S2（h5﹣h4）=60cm3，据此求出S2和S1的大小；（2）知道长方体木块的体积，可求长方体木块的高，分析数据，如果长方体木块的密度大于或等于水的密度，在加水过程中长方体木块将静止在容器底不会上浮，容器内水的体积变化应该与h的变化成正比，由表中数据可知器内水的体积变化应该与h的变化不成正比，所以长方体木块的密度小于水的密度；因此随着水的增多，长方体木块将漂浮在水面上，设长方体木块浸入的深度为H浸，当h5=21cm时，知道水的体积，可求长方体木块浸入的深度，进而求出此时排开水的体积，根据漂浮体积和阿基米德原理求出长方体木块的密度．【解答】解：（1）由表中数据可知，h从5﹣10cm，水的体积变化：△V=（S2﹣S1）（10cm﹣5cm）=60cm3，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①h从18﹣21cm，水的体积变化：△V′=S2（h5﹣h4）=60cm3，即：S2（21cm﹣18cm）=60cm3，解得：S2=20cm2，代入①得：S1=8cm2；（2）由于长方体木块的体积V木=S1H，则柱状物体的高：H===20cm；如果长方体木块的密度大于或等于水的密度，在加水过程中长方体木块将静止在容器底不会上浮，容器内水的体积变化在20cm以内应该与h的变化成正比；由图象数据可知器内水的体积变化应该与h的变化不成正比，所以长方体木块的密度小于水的密度；因此随着水的增多，长方体木块将漂浮在水面上，设长方体木块浸入的深度为H浸，当h5=21cm时，水的体积：S2h5﹣S1H浸=300cm3，即：20cm2×21cm﹣8cm2×H浸=300cm3，第37页共37页,解得：H浸=15cm，此时排开水的体积：V排=S1H浸=8cm2×15cm=120cm3，由于长方体木块漂浮，则F浮=G木，即：ρ水V排g=ρ木Vg，所以，1×103kg/m3×120cm3×g=ρ木×160cm3×g，解得：ρ木=0.75×103kg/m3．故答案为：8；0.75×103．【点评】本题为填空题，实质是一道复杂的力学计算题，考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，根据表中数据确定最后柱状物体的状态是本题的关键．　14．如图，在图中作出使杠杆在图示位置平衡的最小的力．【考点】7P：力臂的画法．【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，由此解答本题．【解答】解：在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小．由图示可知，支点O到杠杆最远点A的距离是最大动力臂，此时动力F最小，动力的方向应垂直OA向上，如图所示：第37页共37页,【点评】本题考查杠杆中最小力的问题以及力的示意图画法的掌握情况，知道支点与力的作用点的连线为最长的力臂．　15．如图所示，标出通电螺线管的N、S极．【考点】CB：安培定则．【分析】根据右手定则判断通电螺线管的磁极．【解答】解：根据右手定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的右端为N极，则左端为S极．【点评】右手螺旋定则的内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为N极方向．　三.实验探究16．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某同学用如图所示的同一滑轮组分别做了三次实验，实验数据记录如下：（1）表中编号①处数据应为　88.9%　，编号②数据应为　2.2　；（2）在实验操作中应该　竖直向上匀速　拉动弹簧测力计；（3）若弹簧测力计移动21cm，则物体移动　7　cm．实验钩码钩码上升弹簧测力计弹簧测力计上机械效率第37页共37页,次数重/N的距离/cm的渎数/N升的距离/cm1280.82483.3%2451.515①365②1590.9%（4）根据表中实验数据，你　不能　（选填“能”、“不能”）计算出图中动滑轮的重力．（5）进一步分析数据，可知用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功将　变大　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验．【分析】（1）掌握机械效率的概念，根据η=求解；由实验弹簧测力计的分度值读数；（2）在实验中要竖直向上匀速拉动测力计；（3）根据绳子的有效段数求物体移动的距离；（4）根据提起重物时作用在绳子自由端的拉力：F=的适用条件分析；（5）滑轮组做的额外功为克服动滑轮重力和绳子间的摩擦力做的功，摩擦力与绳子间的拉力和接触面的粗糙程度有关，因此提的物体越重，摩擦力越大，额外功也会变大．【解答】解：（1）根据表格中数据可知，η==×100%≈88.9%；在第3次实验弹簧测力计的分度值为0.2N，所以示数为2.2N；（2）在实验操作中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计．这样弹簧测力计处于平衡状态，弹簧测力计的示数才反映了拉力的大小．第37页共37页,（3）绳子的有效段数为n=3，故若弹簧测力计移动s=21cm，则物体移动h===7cm；（4）提起重物时作用在绳子自由端的拉力：F=的适用条件是不计绳重和摩擦，因本题没有这个条件，故不能求出动滑轮的重；（5）物体越重，每段绳子上承担的物重越大，即绳子与轮之间的摩擦也会越大，因此额外功变大．故答案为：（1）88.9；2.2；（2）竖直向上匀速；（3）7；（4）不能；（5）变大．【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，主要考查了有关测力计的读数、机械效率的计算、F=的适用条件及影响滑轮组机械效率的因素．　17．黎黎同学配制了一定浓度的盐水，棒妈妈筛选出饱满的种子，她想知道所配制出的盐水密度，就用天平和量筒来进行测量．（1）把天平放在　水平桌面　上，将　游码　　拨到标尺左端的零刻线处后，发现天平横梁左高右低，应将平衡螺母向　左　调节，使天平平衡．（2）用调节好的天平测得空烧杯的质量m1；（3）把适量的盐水倒入量筒中，测得盐水体积V，如图甲所示；（4）把量筒中的盐水倒入烧杯中，测得烧杯和盐水的总质量m2，如图乙所示．根据图中数据，帮黎黎同学把表填写完整：空烧杯的质量m1/g量筒中盐水的体积V/cm3烧杯和盐水的总质量m2/g盐水的密度ρ/g•cm﹣330　40　　76　　1.15　（5）以上方法测出的盐水密度值比真实值　偏小　．（选填“偏大”或“偏小”）（6）黎黎同学发现混杂在种子中的小石块也同饱满的种子一起沉入了盐水底部，她想尽快知道石块的密度究竟有多大，就选了一块大小合适且与其材质相同的石块，巧妙利用图乙所示的天平状态，按以下的步骤测出了石块的密度．①第37页共37页,用细线栓着石块浸没在盐水中（石块未接触烧杯底且盐水未溢出），天平的读数增大了△m1②将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的读数再增大了△m2；③石块密度的表达式ρ石=　•ρ　（用△m1，△m1及盐水密度ρ表示）【考点】2F：液体密度的测量．【分析】（1）把天平放在水平桌面上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；为使横梁平衡，平衡螺母相对于指针的偏转，调节规律是“左偏右调”；（4）量筒分度值为2ml，得出量筒内盐水的体积；天平的分度值是0.2g，读数为砝码质量加游码对应的刻度值，即盐水和烧杯的总质量；减去烧杯质量，可得量筒内盐水的质量；利用密度公式计算盐水的密度；（5）把量筒中的盐水倒入烧杯中，由于量筒内壁粘有液体，测得的盐水质量偏小，根据密度公式分析；（6）细线栓着石块浸没在盐水中，盐水对石块产生浮力，由力的作用是相互的得到浮力，由阿基米德原理可得石块的体积；由石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，可得石块质量，从而计算其密度．【解答】解：（1）在调节托盘天平时，首先将其放在水平桌面上，再游码放在标尺的左端零刻度线处，此时天平横梁左高右低，说明右侧质量略大，应将平衡螺母向左调节，直到天平平衡；（4）由图甲量筒分度值为2ml，量筒中盐水的体积为V=40mL=40cm3，已知烧杯m1=30g，天平标尺上的分度值是0.2g，由图乙知盐水和烧杯的总质量：m2=50g+20g+5g+1g=76g，第37页共37页,量筒中盐水的质量：m=m2﹣m1，所以盐水的密度：ρ===1.15/g/cm3；（5）把量筒中的盐水全部倒入烧杯中，由于量筒内壁粘有液体，所以所测盐水的质量偏小，根据密度公式ρ=可知，密度偏小；（6）①用细线栓着石块浸没在盐水中（石块未接触烧杯底且盐水未溢出），此时石块受到盐水的浮力，由于力的作用是相互的，所以石块对水也有向下的压力，天平的读数增大，所以：F浮=F=△m1g，由阿基米德原理可得石块的体积：V=V排===；②将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的读数再增大了，所以石块的质量：m=△m1+△m2；③石块密度的表达式ρ石===•ρ．故答案为：（1）水平桌面；游码；游码；（4）40；76；1.15；（5）偏小；（6）•ρ．【点评】本题是测密度的实验，考查了天平和量筒的使用、密度计算、误差分析，最后一问巧妙运用了浮力测出石块的体积是解题的关键．　18．小宜同学做“测量小灯泡电功率”的实验，电源电压恒定为6V，标有“2.5V”字样的待测小灯泡，正常发光时的电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的规格为“50Ω1A”．第37页共37页,（1）请用笔画线代替导线将甲图中未完成的实物电路连接完整；（2）闭合开关后，移动滑片P至某一位置，电压表的示数如图乙所示，其示数为　2.3　V，为了让小灯泡正常发光，小宜应该将变阻器滑片向　左　（选填“左”或“右”）移动；（3）小宜同学在实验中为了能得到比较准确的小灯泡的额定功率，改变接入电路的滑动变阻器的阻值，分别得到三组数据，如表：实验序号电压表示数/V电流表示数/A功率/W额定功率/W12.00.180.36P额==0.5622.50.240.5533.00.260.78你认为小宜求平均值得到额定功率的数据处理方法是　错误　（选填“正确”或“错误”）的，正确的测量结果是P额=　0.55　W．（4）在某次调解中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了△R1，小灯泡的阻值变化了△R2，则△R1　＞　△R2（选填“＞”、“＜”或“=”）（5）另外一位同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在实验过程中，当A、B两点间的电阻有5Ω变为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是　C　A、保持变阻器滑片不动B、将变阻器滑片适当左移C、将变阻器滑片适当右移第37页共37页,D、将电池个数增加（6）在不更换其他器材的情况下，为能够完成实验，他更换的定值电阻R不能大于　25　Ω．【考点】JF：电功率的测量；IA：影响电阻大小的因素；IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）求出灯正常工作时的电流大小确定电流表的量程，变阻器接线柱按一上一下原则与电流表串联接入电路中；（2）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，根据串联电路电压的特点和分压原理确定滑片移动的方向；（3）灯泡在不同电压下的电功率不同，灯在额定电压下的功率为额定功率，求电功率的平均值无意义；（4）根据电流的变化判断出总电阻的变化，得出电阻变化的大小关系；（5）根据控制变量法结合串联电路电压的规律及分压原理分析；（6）灯泡的灯丝电阻受温度影响，根据串联电路特点与欧姆定律分析答题．【解答】解：（1）正常发光时的电阻约为10Ω，电流I==0.25A，所以电流表选用0～0.6A量程；滑动变阻器一上一下与电流表串联接入电路，如下图所示；（2）电压表使用0～3V量程，分度值为0.1V，电压为2.3V；小于灯的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.3V增大到2.5V，根据串联电路电压的特点，应减小变阻器分得的电压，根据分压原理，滑动变阻器连入电路中的电阻要减小，滑片向左端移动，使电压表的示数为2.5V为止；第37页共37页,（3）灯泡的电压不同，电流不同，功率不同，额定功率一定是灯泡额定电压下的功率，将不同电压下不同的电功率取平均值是没有意义的，也是错误的．额定功率一定是灯泡额定电压下的功率，由表格知，灯泡在额定电压2.5V下的额定功率为0.55W；（4）②滑动变阻器接入电路的阻值减小，此时灯泡的阻值变大，但电路中的电流变大，可知电路中的总电阻变小，所以变阻器减小的阻值大于灯泡增大的阻值，△R1＞△R2．（5）电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，当A、B两点间的电阻有5Ω变为10Ω后，电压表的示数会变大，为了控制电压表不变，应减小电压表的示数，减小电路中的电流，即增大滑动变阻器的电阻，滑片应向右移动，故选C；（6）小灯泡换成定值电阻R，是因为灯丝电阻会受温度影响；电源电压为6V，电阻两端电压为2V，滑动变阻器分压为6V﹣2V=4V，定值电阻两端电压的是变阻器电压的，据分压原理，定值电阻阻值的大小为滑动变阻器接入电路的阻值的，因滑动变阻器最大阻值为50欧姆，因此定值电阻最大阻值为×50Ω=25Ω，即更换的定值电阻R的阻值不能大于25Ω．故答案为：（1）见上图；（2）2.3；左；（3）错误；0.55；（4）＞；（5）C；（6）25．【点评】本题测灯的电功率，考查了电路连接、故障分析、电表读数、滑动变阻器的调节、求功率、数据的处理、影响电阻大小的因素等问题，并考查了探究电流与电阻的关系实验对器材的要求及控制变量法的运用．　四.论述计算题19．一辆小汽车在平直公路做匀速直线运动，所受阻力大小为3×103N，该车以20m/s的速度前进了1000m．问：（1）该辆汽车运行时间是多少？（2）该辆汽车的牵引力做了多少功？（3）该辆汽车的牵引力做功功率是多少？【考点】FF：功率的计算；69：速度公式及其应用；EC：功的计算．【分析】（1）知道汽车行驶的速度和时间，根据v=求出运行的时间；第37页共37页,（2）小汽车在平直公路做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出该辆汽车的牵引力做的功；（3）根据P=求出该辆汽车的牵引力做功的功率．【解答】解：（1）由v=可得，该辆汽车运行时间：t===50s；（2）因小汽车在平直公路做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，牵引力F=f=3×103N，该辆汽车的牵引力做的功：W=Fs=3×103N×1000m=3×106J；（3）该辆汽车的牵引力做功的功率：P===6×104W．答：（1）该辆汽车运行时间是50s；（2）该辆汽车的牵引力做了3×106J的功；（3）该辆汽车的牵引力做功功率是6×104W．【点评】本题考查了速度公式和做功公式、功率公式以及二力平衡条件的应用，是一对较为简单的计算题．　20．某科技兴趣小组制作了一艘小潜水艇．为了测定该潜水艇的下潜深度，他们设计了如图甲所示的电路，其中电源电压U=12V；R0是阻值为20Ω的定值电阻；A为深度表，其实质是一只量程为0～100mA的电流表；R是一种压力传感器，它用于感应压力的受力面积为60cm2，且所能承受的压力足够大，其阻值R随压力F变化的关系如图乙所示．已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg．问：（1）当该潜水艇浮在水面（压力传感器未浸入水中）时，电路中的电流多大？（2）图甲电路能测量的最大深度是多少米？（3）在不更换压力传感器的情况下，为了增大图甲电路所能'测量的最大深度，应对该电路怎样进行改进？（写出一种方法即可）第37页共37页,【考点】IH：欧姆定律的应用；89：液体的压强的计算；96：回声．【分析】（1）压力传感器、定值电阻R0、电流表组成串联电路，当该潜水艇浮在水面时，从图中找出对应的电阻值，利用欧姆定律的知识进行计算．（2）根据液体压强的特点，潜水艇下潜的深度越大，压力传感器所受压力越大，其阻值越小，电路中电流就会越大，根据电流表的量程结合欧姆定律和液体压强的计算公式进行相关计算．（3）根据题意，增大图甲电路所能测量的最大深度，要从增大电流表量程或者减小电路中电流来考虑．【解答】解（1）当潜水艇浮在水面上时，传感器受到的压力F=0N，对应的电阻R=480Ω，∴电路中的电流I===0.024A=24mA答：当该潜水艇浮在水面（压力传感器未浸入水中）时，电路中的电流为24mA．（2）潜水艇下潜的越深，受到的压力F越大，R越小，则电路中的电流越大．当电流I=100mA=0.1A时，下潜最深．R总===120Ω压力传感器阻值R′=R总﹣R0=120Ω﹣20Ω=100Ω由图乙得：当R′=100Ω时，F′=300N∴此时受到水的压强P===5×104Pa结合液体压强的计算公式P=ρ液gh，得此时水的深度h===5m第37页共37页,答：图甲电路能测量的最大深度是5m．（3）在不更换压力传感器的情况下，为了增大图甲电路所能测量的最大深度，可以考虑以下措施：①换用更大量程的电流表；②再串联一个电阻；③增大R0的阻值；④减小电源电压等．答：改进的方法是换用更大量程的电流表（以上四点任选一点）．【点评】（1）本题把压力变化和电阻变化巧妙的结合起来，既考查了欧姆定律的知识，又考查了液体压强的知识，综合性较强；（2）解题的关键在于能弄懂图乙的含义，能从图上找出压力对应的电阻值，或者根据电阻值找出对应的压力大小，考查学生对图象的分析理解能力．　21．如图所示，一个质量为500g，底面积100cm2，高为15cm的圆柱体容器（容器壁的厚度忽略不计）放在水平桌面的中央，容器中装有1000cm3水，将一个重3N，高为10cm的实心长方体A挂在弹簧测力计上，然后竖直浸入水中，当物体A刚好浸没在水中时，弹簧测力计的读数为2N，（g取10N/kg）（1）求物体A受到的浮力；（2）求物体A的密度；（3）当物体A刚好浸没在水中时，容器对水平桌面的压强；（4）把刚好浸没在水中的物体A竖直往上缓慢提升4.5cm后，使物体A保持静止，则此时弹簧测力计的读数为多少牛？第37页共37页,【考点】8P：浮力大小的计算；2A：密度的计算；86：压强的大小及其计算；8O：阿基米德原理．【分析】（1）已知物体的重力和完全浸没时弹簧测力计的示数，根据称重法求出物体A受到的浮力．（2）根据阿基米德原理求出物体完全浸没时排开水的体积即为物体的体积，根据ρ==求出物体A的密度．（3）已知水的体积和物体A排开水的体积以及容器的底面积可求容器内水的深度，据此判断物体A完全浸没时水不溢出；根据公式m=ρV可求水的质量，进一步求出水的重力和容器的重力，根据力的平衡可知桌面受到的压力等于容器的重力加上水的重力再加上物体对水向下的压力，这个压力等于物体所受的浮力，最后根据公式p=求出容器对桌面的压强．（4）先根据题意求出物体A浸入水中的长度，要注意考虑物体上升时液面下降的距离，长方体的底面积不变时体积与高度成正比求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出物体A受到的浮力，再根据称重法求出此时弹簧测力计的示数．【解答】解：（1）物体A受到的浮力：F浮=G﹣F′=3N﹣2N=1N；（2）∵物体完全浸没，∴物体的体积：V=V排===10﹣4m3=100cm3，物体A的密度：ρ====3×103kg/m3；（3）未放物体时，容器内水的深度：h1===10cm，物体A浸没时，水上升的高度：h2===1cm第37页共37页,此时容器内水的深度：h=h1+h2=10cm+1cm=11cm＜15cm，故水未溢出；以容器、水以及物体作为整体研究，受力平衡，桌面受到的压力大小为F总=F浮+G容器+G水容器内水的重力：G水=m水g=ρ水Vg=1.0×103kg/m3×1000×10﹣6m3×10N/kg=10N，容器的重力：G容=m容g=0.5kg×10N/kg=5N，所以物块浸没水中后，容器对桌面的压强：p====1600Pa；（4）物体的底面积：S物体===10cm2，物体A竖直往上缓慢提升h′=4.5cm后，造成液面下降的高度：h下降===0.5cm，此时物体A浸入水中的长度：L=h物﹣h′﹣h下降=10cm﹣4.5cm﹣0.5cm=5cm，排开水的体积：V排′=×5cm=5×10﹣5m3，此时物体A受到的浮力：F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10﹣5m3=0.5N，此时弹簧测力计的示数：F示=G﹣F浮′=3N﹣0.5N=2.5N．答：（1）物体A受到的浮力为1N；（2）物体A的密度为3×103kg/m3；（3）当物体A刚好浸没在水中时，容器对水平桌面的压强为1600Pa；（4）把刚好浸没在水中的物体A竖直往上缓慢提升4.5cm后，使物体A保持静止，则此时弹簧测力计的读数为2.5N．第37页共37页,【点评】本题考查了称重法求浮力、阿基米德原理、密度公式、重力公式、压强公式和体积公式的灵活运用，关键是会对物体A完全浸没时对水和容器及物体整体进行受力分析得出容器对水平桌面的压力，计算过程还要注意单位的换算．　第37页共37页